【SDOI2009】bzoj1878 HH的项链【解法一】

Description HH有一串由各种漂亮的贝壳组成的项链。HH相信不同的贝壳会带来好运，所以每次散步
完后，他都会随意取出一段贝壳，思考它们所表达的含义。HH不断地收集新的贝壳，因此，
他的项链变得越来越长。有一天，他突然提出了一个问题：某一段贝壳中，包含了多少种不同
的贝壳？这个问题很难回答。。。因为项链实在是太长了。于是，他只好求助睿智的你，来解 决这个问题。 Input
第一行：一个整数N，表示项链的长度。 第二行：N个整数，表示依次表示项链中贝壳的编号（编号为0到1000000之间的整数）。
第三行：一个整数M，表示HH询问的个数。 接下来M行：每行两个整数，L和R（1 ≤ L ≤ R ≤ N），表示询问的区间。 Output
M行，每行一个整数，依次表示询问对应的答案。

解法二【莫队】见【这里】。
对于一个区间，每种颜色仅当它第一次出现时计数。
先对颜色离散化，记录每个位置下一次出现相同颜色的位置。
对于询问按左端点排序。
这样，当左端点扫过之后，被扫过的点就永远不会再用到，那么下一次计数的时候肯定用到的是下一个点，即next[i]，把这个点加入树状数组即可。

#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;struct qry{    int l,r,num;    bool operator < (const qry & qqq) const    {        return l<qqq.l;    }}q[200010];int a[50010],last[50010],ord[50010],f[50010],ne[50010],ans[200010],s[50010],n;void inc(int x){    for (;x<=n;x+=x&-x)      s[x]++;}int qry(int x){    int ret=0;    for (;x;x-=x&-x)      ret+=s[x];    return ret;}int main(){    int i,j,k,m,nn,p,x,y,z;    scanf("%d",&n);    for (i=1;i<=n;i++)      scanf("%d",&a[i]);    scanf("%d",&m);    for (i=1;i<=m;i++)      scanf("%d%d",&q[i].l,&q[i].r),q[i].num=i;    for (i=1;i<=n;i++)      ord[i]=a[i];    sort(ord+1,ord+n+1);    nn=unique(ord+1,ord+n+1)-ord-1;    for (i=1;i<=n;i++)      f[i]=lower_bound(ord+1,ord+nn+1,a[i])-ord;    for (i=n;i;i--)    {        ne[i]=last[f[i]];        last[f[i]]=i;    }    for (i=1;i<=nn;i++)      inc(last[i]);    sort(q+1,q+m+1);    for (i=1;i<=m;i++)    {        for (j=q[i-1].l;j<q[i].l;j++)          if (ne[j])            inc(ne[j]);        ans[q[i].num]=qry(q[i].r)-qry(q[i].l-1);    }    for (i=1;i<=m;i++)      printf("%d\n",ans[i]);}