openjudge 8468 单词序列 BFS
来源:互联网 发布:android软件开发语言 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 16:15
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描述
给出两个单词(开始单词和结束单词)以及一个词典。找出从开始单词转换到结束单词,所需要的最短转换序列。转换的规则如下:
1、每次只能改变一个字母
2、转换过程中出现的单词(除开始单词和结束单词)必须存在于词典中例如:
开始单词为:hit
结束单词为:cog
词典为:[hot,dot,dog,lot,log,mot]
那么一种可能的最短变换是: hit -> hot -> dot -> dog -> cog,
所以返回的结果是序列的长度5;注意:
1、如果不能找到这种变换,则输出0;
2、词典中所有单词长度一样;
3、所有的单词都由小写字母构成;
4、开始单词和结束单词可以不在词典中。输入
共两行,第一行为开始单词和结束单词(两个单词不同),以空格分开。第二行为若干的单词(各不相同),以空格分隔开来,表示词典。单词长度不超过5,单词个数不超过30。
输出输出转换序列的长度。
样例输入
hit cog
hot dot dog lot log样例输出
5
在openjudge做的第一道题……单词转化问题,DFS?
于是兴奋地写了一发……只能拿一半的分……递归边界不好控制啊!
BFS?嗯,又写了一发,A了!
所以记住:字符串最小转化问题要用BFS!而不是DFS!
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>using namespace std;struct Change{ string s; int step;};string s[50];int len, cnt;bool vis[50];queue<Change> q;void bfs(){ Change c; c.s = s[0], c.step = 0; q.push(c); vis[0] = 1; while(!q.empty()) { Change now = q.front(); q.pop(); for(int i = 1; i <= cnt; i++) { int t = 0; for(int j = 0; j < len; j++) if(now.s[j] != s[i][j]) t++; if(t == 1 && !vis[i]) { vis[i] = 1; Change nxt; nxt.s = s[i], nxt.step = now.step + 1; if(i == cnt) { printf("%d", nxt.step + 1); return; } else q.push(nxt); } } } printf("0"); return ;}int main(){ string sn; cin>>s[0]>>sn; len = sn.length(); while(cin>>s[++cnt]); s[cnt] =sn; bfs(); return 0;}
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