hdoj-【2089 不要62】
来源:互联网 发布:原生js添加子节点 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 03:06
不要62
Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 36188 Accepted Submission(s): 13204
Problem Description
杭州人称那些傻乎乎粘嗒嗒的人为62(音:laoer)。
杭州交通管理局经常会扩充一些的士车牌照,新近出来一个好消息,以后上牌照,不再含有不吉利的数字了,这样一来,就可以消除个别的士司机和乘客的心理障碍,更安全地服务大众。
不吉利的数字为所有含有4或62的号码。例如:
62315 73418 88914
都属于不吉利号码。但是,61152虽然含有6和2,但不是62连号,所以不属于不吉利数字之列。
你的任务是,对于每次给出的一个牌照区间号,推断出交管局今次又要实际上给多少辆新的士车上牌照了。
杭州交通管理局经常会扩充一些的士车牌照,新近出来一个好消息,以后上牌照,不再含有不吉利的数字了,这样一来,就可以消除个别的士司机和乘客的心理障碍,更安全地服务大众。
不吉利的数字为所有含有4或62的号码。例如:
62315 73418 88914
都属于不吉利号码。但是,61152虽然含有6和2,但不是62连号,所以不属于不吉利数字之列。
你的任务是,对于每次给出的一个牌照区间号,推断出交管局今次又要实际上给多少辆新的士车上牌照了。
Input
输入的都是整数对n、m(0<n≤m<1000000),如果遇到都是0的整数对,则输入结束。
Output
对于每个整数对,输出一个不含有不吉利数字的统计个数,该数值占一行位置。
Sample Input
1 1000 0
Sample Output
80
第一次学数位dp,解释一下这个dfs 其实这个dfs一共有2个难点,看了好长时间的代码
才有点那个意思
赶快写一下解释,省得忘了
它的原理 就是一位一位的枚举,从最高位开始,首先已进入dfs就会直接到达这个数字
的个位(假设每一个数字都是满足条件的,这样容易理解,记住这里的limit一直为flase)
对个位进行枚举,把个位满足条件的存放在dp[当前位置][](这时候已经统计完了)
if(!limit && dp[pos][pre]!=-1) return dp[pos][pre]; 这条语句代表着可以把
上一位的符合条件的数量返回到更高位置然后进行累加,一直这样,直到最高位
才算完毕,这样就可以算出有多少种符合条件的了,这里的i==up是必须要加的,很重要
因为dfs是从最底层向后退的, 这个条件是判断是否回到最高位,然后返回
比如十位有3个满足条件(1,2,3,) ,个位有5个满足
那么它是这样增加的
1和个位有5种组合 2和个位有5种组合 3和个位有5种组合
才有点那个意思
赶快写一下解释,省得忘了
它的原理 就是一位一位的枚举,从最高位开始,首先已进入dfs就会直接到达这个数字
的个位(假设每一个数字都是满足条件的,这样容易理解,记住这里的limit一直为flase)
对个位进行枚举,把个位满足条件的存放在dp[当前位置][](这时候已经统计完了)
if(!limit && dp[pos][pre]!=-1) return dp[pos][pre]; 这条语句代表着可以把
上一位的符合条件的数量返回到更高位置然后进行累加,一直这样,直到最高位
才算完毕,这样就可以算出有多少种符合条件的了,这里的i==up是必须要加的,很重要
因为dfs是从最底层向后退的, 这个条件是判断是否回到最高位,然后返回
比如十位有3个满足条件(1,2,3,) ,个位有5个满足
那么它是这样增加的
1和个位有5种组合 2和个位有5种组合 3和个位有5种组合
One
#include<cstdio>#include<cstring>int a[30];int dp[30][30]; int dfs(int pos,int pre,bool limit){if(pos==-1)return 1;if(!limit&&dp[pos][pre]!=-1)return dp[pos][pre];int temp=0;int up=limit?a[pos]:9;for(int i=0;i<=up;++i){if(i==2&&pre==6||i==4)continue;temp+=dfs(pos-1,i,i==up&&limit); } if(!limit)dp[pos][pre]=temp;return temp; } int solver(int g){int i=0;while(g){a[i++]=g%10;g/=10; }return dfs(i-1,0,1); } int main(){int n,m;while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF&&(n!=0&&m!=0)){memset(dp,-1,sizeof(dp)); printf("%d\n",solver(m)-solver(n-1)); } }Two 打表即可
#include<stdio.h>#define maxn 1000000+10int ant[maxn]={0};//符合是0,不符合是1 void count(){ int i,j,a; for(i=1;i<maxn;++i) { a=i; int last,next; while(a) { next=a%10; last=a/10%10; if((last==6&&next==2)||next==4) ant[i]=1; //last=next; a=a/10; } }}int main(){ count(); int n,m,sum; while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF&&n!=0||m!=0) { sum=0; for(;n<=m;++n) { if(ant[n]==0) ++sum; } printf("%d\n",sum); } }
0 0
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