【GDOI2017模拟11.2】相位幻击
来源:互联网 发布:java如何处理大数据 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 06:23
题目大意
给你一个n个节点的有根树,每个点有一个点权。有m次操作,两种操作:
1. 把一个子树的权值全部xor上一个数x
2. 询问两个节点路径上所有数的xor和
n,m≤200000 点权在int范围
分析
看到子树修改、路径查询,top-tree?
然而没有强制在线,所以可以考虑离线做。
对于询问u,v的路径上的异或和,可以拆成u、v到根的路径的xor和,再减去lca和lca的父亲的答案。
原本的权值的答案可以直接算,现在考虑修改操作对答案的影响。
首先把所有修改挂在子树的根上。可以发现,如果我要求点x到根路径的答案,如果它的一个父亲y有一个修改v,那么给答案的影响就是异或了(deep(x)-deep(y)+1)次v,显然只有深度奇偶性相同的才会有影响。
然而考虑到操作的先后顺序,就要把操作扔到一个树状数组里,查询时查的是前缀xor和。然后dfs即可。
时间复杂度
一定要打人工栈!!
#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <vector>#include <cmath>#define fi first#define se second#define psb push_back#define mkp make_pairusing namespace std;const int maxn=2e5+5,maxm=4e5+5,maxq=8e5+5,Log=19;typedef long long LL;typedef pair<int,int> PII;int n,tot,m,cnt,h[maxn],e[maxm],nxt[maxm],s[2][maxn],sum[maxn],a[maxn],fa[maxn],id[maxq],ans[maxn],la[maxn],dep[maxn],rmq[maxm][Log];int top,st[maxn],now[maxn];bool visit[maxn];vector <PII> Change[maxn],Query[maxn];char c,typ[maxn];int read(){ for (c=getchar();c<'0' || c>'9';c=getchar()); int x=c-48; for (c=getchar();c>='0' && c<='9';c=getchar()) x=x*10+c-48; return x;}void add(int x,int y){ e[++tot]=y; nxt[tot]=h[x]; h[x]=tot;}int getlca(int x,int y){ x=la[x]; y=la[y]; if (x>y) x^=y^=x^=y; int k=trunc(log(y-x+1)/log(2)); if (dep[rmq[x][k]]<=dep[rmq[y-(1<<k)+1][k]]) return rmq[x][k]; return rmq[y-(1<<k)+1][k];}void init(){ n=read(); for (int i=1;i<n;i++) { int x=read(),y=read(); add(x,y); add(y,x); } for (int i=1;i<=n;i++) a[i]=read(); tot=0; dep[1]=1; sum[1]=a[1]; memcpy(now,h,sizeof(now)); st[top=1]=1; while (top>0) { int x=st[top],i; bool bz=0; rmq[la[x]=tot++][0]=x; for (;now[x];now[x]=nxt[now[x]]) if (e[now[x]]!=fa[x]) { i=now[x]; fa[e[i]]=x; dep[e[i]]=dep[x]+1; sum[e[i]]=sum[x]^a[e[i]]; st[++top]=e[i]; bz=1; now[x]=nxt[i]; break; } if (!bz) top--; } for (int j=1;j<Log;j++) for (int i=0;i<=tot-(1<<j);i++) if (dep[rmq[i][j-1]]<=dep[rmq[i+(1<<(j-1))][j-1]]) rmq[i][j]=rmq[i][j-1]; else rmq[i][j]=rmq[i+(1<<(j-1))][j-1]; m=read(); tot=0; for (int i=1;i<=m;i++) { for (c=getchar();c!='C' && c!='Q';c=getchar()); typ[i]=c; int x=read(),y=read(); if (typ[i]=='C') Change[x].psb(mkp(++cnt,y));else { int lca=getlca(x,y); Query[x].psb(mkp(++tot,cnt)); id[tot]=i; Query[y].psb(mkp(++tot,cnt)); id[tot]=i; Query[lca].psb(mkp(++tot,cnt)); id[tot]=i; if (lca!=1) { Query[fa[lca]].psb(mkp(++tot,cnt)); id[tot]=i; } ans[i]=sum[x]^sum[y]^a[lca]; } }}int lowbit(int x){ return x & (-x);}void change(int x,int y,int *s){ for (;x<=m;x+=lowbit(x)) s[x]^=y;}int query(int x,int *s){ int k=0; for (;x;x-=lowbit(x)) k^=s[x]; return k;}void work(){ m++; memcpy(now,h,sizeof(now)); st[top=1]=1; while (top) { int x=st[top]; int t=dep[x]&1,k,i; bool bz=0; vector <PII> ::iterator it=Change[x].begin(); PII tmp; if (!visit[x]) { for (;it!=Change[x].end();it++) { tmp=*it; change(tmp.fi,tmp.se,s[t]); } visit[x]=1; for (it=Query[x].begin();it!=Query[x].end();it++) { tmp=*it; k=query(tmp.se,s[t]); ans[id[tmp.fi]]^=k; } } for (;now[x];now[x]=nxt[now[x]]) if (e[now[x]]!=fa[x]) { i=now[x]; st[++top]=e[i]; bz=1; now[x]=nxt[i]; break; } if (!bz) { for (it=Change[x].begin();it!=Change[x].end();it++) { tmp=*it; change(tmp.fi,tmp.se,s[t]); } top--; } } for (int i=1;i<m;i++) if (typ[i]=='Q') printf("%d\n",ans[i]);}int main(){ freopen("phase.in","r",stdin); freopen("phase.out","w",stdout); init(); work(); fclose(stdin); fclose(stdout); return 0;}
1 0
- 【GDOI2017模拟11.2】相位幻击
- 【GDOI2017模拟11.2】相位幻击
- JZOJ4843. 【GDOI2017模拟11.2】相位幻击
- GDOI2017模拟11.2 总结
- 【GDOI2017模拟11.2】抗拒黄泉
- 相位幻击
- JZOJ4843. 相位幻击
- 模拟相位解调
- 【GDOI2017模拟7.17】两棵树
- 【GDOI2017模拟8.11】总结
- 【GDOI2017模拟8.12】躲藏
- 【GDOI2017模拟8.12】字符串
- 【GDOI2017模拟8.12】新车
- 【GDOI2017模拟8.11】选择
- 【GDOI2017模拟8.11】生物学家
- 【GDOI2017模拟8.15】Game
- 【GDOI2017模拟8.15】Buy
- GDOI2017模拟10.30 总结
- Qt Creator初次使用记录
- Java发布Webservice之一:出现小问题及解决
- solr在tomcat下配置安装
- 李南江HTML5教程学习心得
- Redis (二 各种数据类型下支持的基本命令)
- 【GDOI2017模拟11.2】相位幻击
- 一分钟了解负载均衡的一切
- mysql基本语法
- 解决Android应用签名和系统不一致的问题
- java8583报文解析及生成,粗略理解
- 安卓原生弹窗的用法
- java概述
- Android中UID机制和共享进程
- 更改TextView文字颜色,引用Drawable颜色常数及后台色