NOIP 2013 华容道(copy)
来源:互联网 发布:电脑无法上淘宝网 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 10:59
题目描述
【问题描述】
小 B 最近迷上了华容道,可是他总是要花很长的时间才能完成一次。于是,他想到用编程来完成华容道:给定一种局面, 华容道是否根本就无法完成,如果能完成, 最少需要多少时间。
小 B 玩的华容道与经典的华容道游戏略有不同,游戏规则是这样的:
在一个 n*m 棋盘上有 n*m 个格子,其中有且只有一个格子是空白的,其余 n*m-1个格子上每个格子上有一个棋子,每个棋子的大小都是 1*1 的;有些棋子是固定的,有些棋子则是可以移动的;任何与空白的格子相邻(有公共的边)的格子上的棋子都可以移动到空白格子上。
游戏的目的是把某个指定位置可以活动的棋子移动到目标位置。
给定一个棋盘,游戏可以玩 q 次,当然,每次棋盘上固定的格子是不会变的, 但是棋盘上空白的格子的初始位置、 指定的可移动的棋子的初始位置和目标位置却可能不同。第 i 次
玩的时候, 空白的格子在第 EXi 行第 EYi 列,指定的可移动棋子的初始位置为第 SXi 行第 SYi列,目标位置为第 TXi 行第 TYi 列。
假设小 B 每秒钟能进行一次移动棋子的操作,而其他操作的时间都可以忽略不计。请你告诉小 B 每一次游戏所需要的最少时间,或者告诉他不可能完成游戏。
输入输出格式
输入格式:
输入文件为 puzzle.in。
第一行有 3 个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,依次表示 n、m 和 q;
接下来的 n 行描述一个 n*m 的棋盘,每行有 m 个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,每个整数描述棋盘上一个格子的状态,0 表示该格子上的棋子是固定的,1 表示该格子上的棋子可以移动或者该格子是空白的。接下来的 q 行,每行包含 6 个整数依次是 EXi、EYi、SXi、SYi、TXi、TYi,每两个整数之间用一个空格隔开,表示每次游戏空白格子的位置,指定棋子的初始位置和目标位置。
输出格式:
输出文件名为 puzzle.out。
输出有 q 行,每行包含 1 个整数,表示每次游戏所需要的最少时间,如果某次游戏无法完成目标则输出−1。
输入输出样例
输入样例#1:
3 4 2
0 1 1 1
0 1 1 0
0 1 0 0
3 2 1 2 2 2
1 2 2 2 3 2
输出样例#1:
2
-1
说明
【输入输出样例说明】
棋盘上划叉的格子是固定的,红色格子是目标位置,圆圈表示棋子,其中绿色圆圈表示目标棋子。
第一次游戏,空白格子的初始位置是 (3, 2)(图中空白所示),游戏的目标是将初始位置在(1, 2)上的棋子(图中绿色圆圈所代表的棋子)移动到目标位置(2, 2)(图中红色的格子)上。
移动过程如下:
第二次游戏,空白格子的初始位置是(1, 2)(图中空白所示),游戏的目标是将初始位置在(2, 2)上的棋子(图中绿色圆圈所示)移动到目标位置 (3, 2)上。
要将指定块移入目标位置,必须先将空白块移入目标位置,空白块要移动到目标位置,必然是从位置(2, 2)上与当前图中目标位置上的棋子交换位置,之后能与空白块交换位置的只有当前图中目标位置上的那个棋子,因此目标棋子永远无法走到它的目标位置, 游戏无
法完成。
【数据范围】
对于 30%的数据,1 ≤ n, m ≤ 10,q = 1;
对于 60%的数据,1 ≤ n, m ≤ 30,q ≤ 10;
对于 100%的数据,1 ≤ n, m ≤ 30,q ≤ 500。
【分析】
考验状态记录技巧的一道好题!因为我们只要考虑指定块的位置,而指定块位置的移动和空白块有关,我们可以记录(x1,y1,x2,y2)表示指定块在(x1,y1),空白块在(x2,y2)的状态。由于空白块可以四方向移动,所以每个状态会向四个状态连边。这样共有(nm)^2个状态,总复杂度为O(q(nm)^2),只能通过60%的数据。
但是我们可以发现:只有空白块位于指定块的四方向上,指定块才可以移动。所以,我们可以记(x1,y1,dir)表示指定块在(x1,y1),空白块在指定块的dir方向(0表示上,1表示下什么的……)的状态。这样状态只有4nm个。
接下来我们考虑各个状态之间的连边。首先,空白块和指定块可以交换位置,这两个状态连边的边权为1;其次,假定空白块在指定块上方,空白块可以通过若干步移动来到空白块下/左/右方。这些状态连边的边权我们可以通过BFS计算出来。
这样就构造出了一张图,先把空白块移动到目标块旁边,之后向目标状态(空白块可以位于指定块的四个方向)做最短路即可。用spfa复杂度为O(qknm),可以通过100%的数据。
【代码】
//NOIP 2013 华容道 #include<queue>#include<vector>#include<cstdio>#include<cstring>#include<iostream>#include<algorithm>#define M(a) memset(a,0,sizeof a)#define fo(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++)using namespace std;int n,m,ex,ey,sx,sy,tx,ty;int ans,cnt;//0上 1下 2左 3右 int map[35][35],dis[35][35],q[1000005][2],head[1000005];int sd[1000005],sq[1000005];bool vis[1000005];int hox[4]={-1,1,0,0},hoy[4]={0,0,-1,1};struct edge {int next,to,d;} e[1000005];inline void add(int u,int v,int d){ e[++cnt].to=v,e[cnt].d=d; e[cnt].next=head[u],head[u]=cnt;}inline void bfs(int si,int sj,int bi,int bj,int id){ int i,j,k,ii,jj; M(dis); int h=1,t=2; q[1][0]=si,q[1][1]=sj,dis[si][sj]=1; while(h<t) { i=q[h][0],j=q[h++][1]; fo(k,0,3) { ii=i+hox[k],jj=j+hoy[k]; if(!map[ii][jj] || (ii==bi && jj==bj) || dis[ii][jj]) continue; dis[ii][jj]=dis[i][j]+1; q[t][0]=ii,q[t++][1]=jj; } } if(id==4) return; fo(k,0,3) { i=bi+hox[k],j=bj+hoy[k]; if((i==si && j==sj) || !dis[i][j]) continue; add(bi*30*4+bj*4+id,bi*30*4+bj*4+k,dis[i][j]-1); //计算坐标 } add(bi*30*4+bj*4+id,si*30*4+sj*4+(id^1),1);}inline void spfa(int sx,int sy){ int i,j,h=1,t=1; memset(sd,60,sizeof sd); fo(i,0,3) { if(!dis[sx+hox[i]][sy+hoy[i]]) continue; int tmp=sx*30*4+sy*4+i; sq[t++]=tmp; sd[tmp]=dis[sx+hox[i]][sy+hoy[i]]-1; vis[tmp]=1; } while(h!=t) { int u=sq[h++]; vis[u]=0; for(i=head[u];i;i=e[i].next) { int v=e[i].to,d=e[i].d; if(sd[v]<=sd[u]+d) continue; sd[v]=sd[u]+d; if(!vis[v]) vis[v]=1,sq[t++]=v; } }}int main(){ int i,j,Q; scanf("%d%d%d",&n,&m,&Q); fo(i,1,n) fo(j,1,m) scanf("%d",&map[i][j]); fo(i,1,n) fo(j,1,m) if(map[i][j]) { if(map[i-1][j]) bfs(i-1,j,i,j,0); if(map[i+1][j]) bfs(i+1,j,i,j,1); if(map[i][j-1]) bfs(i,j-1,i,j,2); if(map[i][j+1]) bfs(i,j+1,i,j,3); } while(Q--) { ans=100000; scanf("%d%d%d%d%d%d",&ex,&ey,&sx,&sy,&tx,&ty); if(sx==tx && sy==ty) {printf("0\n");continue;} bfs(ex,ey,sx,sy,4); spfa(sx,sy); fo(i,0,3) ans=min(ans,sd[tx*30*4+ty*4+i]); if(ans<100000) printf("%d\n",ans); else printf("-1\n"); } return 0;}
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