【t056】智力问答(链表+计数排序做法)

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【问题描述】

新年联欢会上，G.Sha负责组织智力问答节目。G.Sha建立了一个很大很大的超级题库，并衡量了每道题的难度wi。由于不可以让选手
一上场就被绝顶难题撂倒，所以难度必须循序渐进，从简到繁。
G.Sha制定了一套具体的抽题规则。首先，每位选手的第1道题一定是当前题库中最简单的。每位选手的下一道题，一定是题库中（1
）比刚刚答过的题严格地更难，（2）难度尽可能低的题。当然，每道题使用一遍就从题库中删掉。（可以参考样例数据）
G.Sha刚开完联欢会很累，所以他提供了抽题程序的日志，希望你能重现答题的过程。
简单起见，你只需要依次输出每位选手都答了哪些难度的题就可以了。
【数据规模】
40%的数据中，m≤50, n≤1000。
100%的数据中，m≤1000, n≤100000。
测试数据保证 ，即比赛中使用的题目，不仅比题库少，并且是远远的少。
测试数据保证每位选手都不会出现无题可选的情况。
【提示】
本题数据严格而全面，请注意优化算法，谨防超时。
【输入格式】

输入文件 quiz.in 包含3 行。
第 1 行，整数 n, m。代表题库最初的题目数 n，和选手数 m。
第 2 行，n个整数 wi，代表题目的难度，无序，0≤wi≤100000。
第 3 行，m个整数 ai，代表依次每位选手作答的题目数量。

【输出格式】

输出文件quiz.out包含n行。
第i行，每行ai个整数，代表选手i回答的每道题目的难度。
选手和每位选手的题目均按比赛时间的推移有序。
说明：游戏开始前的题库是{30, 1, 7, 3, 1, 14, 8, 20, 2, 1, 999, 2}。
选手1，依次作答了1,2,3,7四道题。作答后题库剩余{30,1,14,8,20,1,999,2}。
选手2，依次作答了1, 2两道题。作答后题库剩余{30, 14, 8, 20, 1, 999}。
选手3，依次作答了1, 8, 14三道题。作答后题库剩余{30, 20, 999}。
选手4，依次作答了20一道题，作答后题库剩余{30, 999}。
可以注意到，选手1~3都答了难度为1的题。这是因为难度1的题有3道，而对于每位选手来说难度都是递增的，一位选手不可能连续答
同样难度的题。
同理，选手1~2都答了难度为2的题。
Sample Input

12 4
30 1 7 3 1 14 8 20 2 1 999 2
4 2 3 1

Sample Output

1 2 3 7
1 2
1 8 14
20

【题目链接】:http://noi.qz5z.com/viewtask.asp?id=t056

【题解】

可以在读入问题难度的时候直接cnt[nandu]++;
然后从小到大枚举一下难度;
对于那些有该难度的题;
加入链表末尾;
每次询问答题者回答哪些问题的时候,直接从链表的头节点开始往后遍历一下链表就好;
(链表还有一个cnt域,表示有几道该难度的题);
如果cnt域变为0了,就把该节点删掉;所以需要一个前缀指针;

【完整代码】

#include <cstdio>#include <cmath>#include <set>using namespace std;#define lson l,m,rt<<1#define rson m+1,r,rt<<1|1#define LL long long#define rep1(i,a,b) for (int i = a;i <= b;i++)#define rep2(i,a,b) for (int i = a;i >= b;i--)#define mp make_pair#define pb push_back#define fi first#define se second#define rei(x) scanf("%d",&x)#define rel(x) scanf("%I64d",&x)typedef pair<int,int> pii;typedef pair<LL,LL> pll;const int dx[9] = {0,1,-1,0,0,-1,-1,1,1};const int dy[9] = {0,0,0,-1,1,-1,1,-1,1};const double pi = acos(-1.0);const int MAXM = 1000+100;const int MAXNUM = 1e5+10;struct node{    int num,cnt;    node *nex;};int n,m;int cnt[MAXNUM],total;node *h,*p,*prep;int main(){    //freopen("F:\\rush.txt","r",stdin);    rei(n);rei(m);    rep1(i,1,n)    {        int x;        rei(x);        cnt[x]++;    }    h = new node;    h->nex = new node;    p = h->nex;    p->nex = NULL;    rep1(i,0,1e5)    {        if (cnt[i]>0)        {            p->num = i;            p->cnt = cnt[i];            p->nex = new node;            p = p->nex;            p->nex = NULL;        }    }    rep1(i,1,m)    {        prep = h;        p = h->nex;        rei(total);        rep1(j,1,total)        {            printf("%d ",p->num);            p->cnt--;            if (p->cnt==0)            {                prep->nex = p->nex;                p = p->nex;            }            else            {                prep = p;                p = p->nex;            }        }        puts("");    }    return 0;}