HDU - 5514 容斥原理
来源:互联网 发布:网络暗语 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 02:40
题意:
m个石头围成一个环,编号从0到m-1,有n个青蛙在编号为0的石头上开始往后跳,每只青蛙可以从第j个石头跳到第j+a[i]个石头,每个石头只要被青蛙跳到一次,就算被占领(永久),问最后被占领的石头的编号总和是多少?
思路:
利用巧妙的容斥思想,并不是简单的套用模板。
首先能够观察到每个青蛙能跳到的位置是d[i] = k * gcd(a[i], m),但是lcm(d[i], d[j])有重复,所以需要容斥。
很关键的一点是,要想到这里lcm一定是m的因子。那么其实最后就是在m的因子上进行计算贡献。
用vis和num分别表示这个因子是否被占领,以及到当前为止这个因子被计算的次数,很显然多算的就要减掉,少算的就要加上,所以对于每个因子fa[i]被计算的次数就是vis[i] - num[i],并且每次还要更新之后的因子被计算的次数。
代码:
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long ll;const int MAXN = 1e4 + 10;int a[MAXN];int vis[MAXN];// vis表示最终这个位置的因子是否会被占领int num[MAXN];// num表示这个因子被计算了多少次,正值就是多算了,负值就是少算了vector <int> fa;int gcd(int a, int b) { if (b == 0) return a; return gcd(b, a % b);}void Fact(int x) {// 处理出因子 fa.clear(); int m = sqrt(x + 0.5); for (int i = 1; i <= m; i++) { if (x % i == 0) { fa.push_back(i); if (x / i != i) { fa.push_back(x / i); } } } sort(fa.begin(), fa.end());}ll cal(int x, ll m) {// 计算贡献 int t = (m - 1) / x; ll res = (ll)(t + 1) * t / 2 * x; return res;}int main() { //freopen("in.txt", "r", stdin); int T, cs = 0; scanf("%d", &T); while (T--) { int n, m; scanf("%d%d", &n, &m); for (int i = 1; i <= n; i++) { scanf("%d", &a[i]); a[i] = gcd(a[i], m); } Fact(m); memset(num, 0, sizeof(num)); memset(vis, 0, sizeof(vis)); int cnt = fa.size(); for (int i = 1; i <= n; i++) { for (int j = 0; j < cnt; j++) { if (fa[j] % a[i] == 0)// vis[j] = 1说明fa[j]这个因子最终会被占领 vis[j] = 1; } } ll ans = 0; vis[cnt - 1] = 0; for (int i = 0; i < cnt; i++) { if (vis[i] - num[i] == 0) continue;// 如果vis == num说明这个因子没有被多算也没有被少算 ans += (vis[i] - num[i]) * cal(fa[i], m); int tmp = vis[i] - num[i]; for (int j = i + 1; j < cnt; j++) { if (fa[j] % fa[i] == 0) { num[j] += tmp;// 若当前fa[i]被多算了tmp次,那么表示fa[i]的倍数都会被多算tmp次 } } // printf("%d %d\n", fa[i], t); } printf("Case #%d: %I64d\n", ++cs, ans); } return 0;}
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