CCF送货 欧拉路的判断+Fleury算法输出欧拉路的字典序最小的路径
来源:互联网 发布:朝鲜拥核 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 05:13
问题描述
为了增加公司收入,F公司新开设了物流业务。由于F公司在业界的良好口碑,物流业务一开通即受到了消费者的欢迎,物流业务马上遍及了城市的每条街道。然而,F公司现在只安排了小明一个人负责所有街道的服务。
任务虽然繁重,但是小明有足够的信心,他拿到了城市的地图,准备研究最好的方案。城市中有n个交叉路口,m条街道连接在这些交叉路口之间,每条街道的首尾都正好连接着一个交叉路口。除开街道的首尾端点,街道不会在其他位置与其他街道相交。每个交叉路口都至少连接着一条街道,有的交叉路口可能只连接着一条或两条街道。
小明希望设计一个方案,从编号为1的交叉路口出发,每次必须沿街道去往街道另一端的路口,再从新的路口出发去往下一个路口,直到所有的街道都经过了正好一次。
任务虽然繁重,但是小明有足够的信心,他拿到了城市的地图,准备研究最好的方案。城市中有n个交叉路口,m条街道连接在这些交叉路口之间,每条街道的首尾都正好连接着一个交叉路口。除开街道的首尾端点,街道不会在其他位置与其他街道相交。每个交叉路口都至少连接着一条街道,有的交叉路口可能只连接着一条或两条街道。
小明希望设计一个方案,从编号为1的交叉路口出发,每次必须沿街道去往街道另一端的路口,再从新的路口出发去往下一个路口,直到所有的街道都经过了正好一次。
输入格式
输入的第一行包含两个整数n, m,表示交叉路口的数量和街道的数量,交叉路口从1到n标号。
接下来m行,每行两个整数a, b,表示和标号为a的交叉路口和标号为b的交叉路口之间有一条街道,街道是双向的,小明可以从任意一端走向另一端。两个路口之间最多有一条街道。
接下来m行,每行两个整数a, b,表示和标号为a的交叉路口和标号为b的交叉路口之间有一条街道,街道是双向的,小明可以从任意一端走向另一端。两个路口之间最多有一条街道。
输出格式
如果小明可以经过每条街道正好一次,则输出一行包含m+1个整数p1, p2, p3, ..., pm+1,表示小明经过的路口的顺序,相邻两个整数之间用一个空格分隔。如果有多种方案满足条件,则输出字典序最小的一种方案,即首先保证p1最小,p1最小的前提下再保证p2最小,依此类推。
如果不存在方案使得小明经过每条街道正好一次,则输出一个整数-1。
如果不存在方案使得小明经过每条街道正好一次,则输出一个整数-1。
样例输入
4 5
1 2
1 3
1 4
2 4
3 4
1 2
1 3
1 4
2 4
3 4
样例输出
1 2 4 1 3 4
样例说明
城市的地图和小明的路径如下图所示。
样例输入
4 6
1 2
1 3
1 4
2 4
3 4
2 3
1 2
1 3
1 4
2 4
3 4
2 3
样例输出
-1
样例说明
城市的地图如下图所示,不存在满足条件的路径。
评测用例规模与约定
前30%的评测用例满足:1 ≤ n ≤ 10, n-1 ≤ m ≤ 20。
前50%的评测用例满足:1 ≤ n ≤ 100, n-1 ≤ m ≤ 10000。
所有评测用例满足:1 ≤ n ≤ 10000,n-1 ≤ m ≤ 100000。
前50%的评测用例满足:1 ≤ n ≤ 100, n-1 ≤ m ≤ 10000。
所有评测用例满足:1 ≤ n ≤ 10000,n-1 ≤ m ≤ 100000。
#include<iostream>#include<cmath>#include<cstring>#include<cstdio>#include<vector>#include<stack>#include<algorithm>#include<sstream>#define inf 0x3f3f3f3fusing namespace std;stack<int> s;vector<int> g[10010];int degree[10010];int path[1001000];bool visited[10010];int top;void dfs(int u){ s.push(u); if(g[u].empty()!=1) { int v=g[u][0]; g[u].erase(g[u].begin()); int pos; for(int i=0;i<g[v].size();i++) if(g[v][i]==u) { pos=i; break; } g[v].erase(g[v].begin()+pos); dfs(v); }}void fleury(int u){ s.push(u); while(!s.empty()) { int t=s.top(); s.pop(); if(g[t].empty()==1) path[++top]=t; else dfs(t); }}void dfsx(int u){ visited[u]=1; for(int i=0;i<g[u].size();i++) if(!visited[g[u][i]]) dfsx(g[u][i]);}int main(){ int n,m; cin>>n>>m; for(int i=1;i<=n;i++) g[i].clear(); memset(degree,0,sizeof(degree)); memset(visited,0,sizeof(visited)); while(!s.empty()) s.pop(); while(m--) { int u,v; scanf("%d%d",&u,&v); g[u].push_back(v); g[v].push_back(u); degree[u]++; degree[v]++; } int num=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(!visited[i]) { dfsx(i); num++; } for(int i=1;i<=n;i++)//给边排序 sort(g[i].begin(),g[i].end()); int sum=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(degree[i]%2==1) sum++; if(sum!=0&&sum!=2||num!=1) cout<<-1<<endl; else { top=0; fleury(1);//从点1开始搜 cout<<path[top]; for(int i=top-1;i>=1;i--) cout<<" "<<path[i]; } return 0;}
欧拉路模板:
#include<iostream>#include<cmath>#include<cstring>#include<cstdio>#include<vector>#include<stack>#include<algorithm>#include<sstream>#define inf 0x3f3f3f3fusing namespace std;const int MAXN=10010;stack<int> s;int mapx[MAXN][MAXN];int degree[MAXN];int path[MAXN*MAXN];int top;int n,m;void dfs(int u){ s.push(u); for(int i=1;i<=n;i++) if(mapx[u][i]) { mapx[u][i]--; mapx[i][u]--; dfs(i); break; }}void fleury(int u){ s.push(u); while(!s.empty()) { int t=s.top(); s.pop(); bool flag=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(mapx[t][i]) { flag=1; break; } if(flag==0) path[++top]=t; else dfs(t); }}int main(){ cin>>n>>m; memset(degree,0,sizeof(degree)); memset(mapx,0,sizeof(mapx)); while(!s.empty()) s.pop(); while(m--)//无向图 { int u,v; scanf("%d%d",&u,&v); mapx[u][v]++; mapx[v][u]++; degree[u]++; degree[v]++; } //图为连通并且符合为欧拉图的情况下 int minx=n; bool flag=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(degree[i]%2==1) { flag=1; minx=min(minx,i);//寻找最小的奇度顶点作为出发点 } if(flag==0) fleury(1);//所有度为偶数的情况 else fleury(minx); for(int i=top;i>=1;i--) cout<<path[i]<<" "; return 0;}
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