【普通莫队选讲】BZOJ2038 BZOJ3289 BZOJ3781
来源:互联网 发布:linux下日志管理系统 编辑:程序博客网 时间:2024/05/22 13:23
2038
Description
作为一个生活散漫的人,小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天,小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程,于是他决定听天由命……
具体来说,小Z把这N只袜子从1到N编号,然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双,甚至不在意两只袜子是否一左一右,他却很在意袜子的颜色,毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z,他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然,小Z希望这个概率尽量高,所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
输入文件第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量,M为小Z所提的询问的数量。接下来一行包含N个正整数Ci,其中Ci表示第i只袜子的颜色,相同的颜色用相同的数字表示。再接下来M行,每行两个正整数L,R表示一个询问。
Output
包含M行,对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1,否则输出的A/B必须为最简分数。(详见样例)
Sample Input
6 4
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
2/5
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
3289
Description
Mato同学从各路神犇以各种方式(你们懂的)收集了许多资料,这些资料一共有n份,每份有一个大小和一个编号。为了防止他人偷拷,这些资料都是加密过的,只能用Mato自己写的程序才能访问。Mato每天随机选一个区间[l,r],他今天就看编号在此区间内的这些资料。Mato有一个习惯,他总是从文件大小从小到大看资料。他先把要看的文件按编号顺序依次拷贝出来,再用他写的排序程序给文件大小排序。排序程序可以在1单位时间内交换2个相邻的文件(因为加密需要,不能随机访问)。Mato想要使文件交换次数最小,你能告诉他每天需要交换多少次吗?
Input
第一行一个正整数n,表示Mato的资料份数。
第二行由空格隔开的n个正整数,第i个表示编号为i的资料的大小。
第三行一个正整数q,表示Mato会看几天资料。
之后q行每行两个正整数l、r,表示Mato这天看[l,r]区间的文件。
Output
q行,每行一个正整数,表示Mato这天需要交换的次数。
Sample Input
4
1 4 2 3
2
1 2
2 4
Sample Output
0
2
HINT
n,q <= 50000
样例解释:第一天,Mato不需要交换
第二天,Mato可以把2号交换2次移到最后。
3781
Description
小B有一个序列,包含N个1~K之间的整数。他一共有M个询问,每个询问给定一个区间[L..R],求Sigma(c(i)^2)的值,其中i的值从1到K,其中c(i)表示数字i在[L..R]中的重复次数。小B请你帮助他回答询问。
Input
第一行,三个整数N、M、K。
第二行,N个整数,表示小B的序列。
接下来的M行,每行两个整数L、R。
Output
M行,每行一个整数,其中第i行的整数表示第i个询问的答案。
Sample Input
6 4 3
1 3 2 1 1 3
1 4
2 6
3 5
5 6
Sample Output
6
9
5
2
HINT
对于全部的数据,1<=N、M、K<=50000
题解:
2038
思路:首先对于一个[l,r]的询问,设col[i]表示第i种颜色在这一区间内的个数,那么随机抽到相同一对的概率就是∑C(col[i],2)/C(r-l+1,2)
然后有:∑(col[i]^2-col[i])/((r-l+1)*(r-l))
然后我们发现得到了[l,r]的答案后,我们可以O(1)地得到[l,r-1]和[l,r+1]和[l-1,r]和[l+1,r]的答案。
这样我们就可以用莫队算法了。
#include<iostream>#include<stdio.h>#include<algorithm>#include<string.h>#include<math.h>#define ll long long#define inf 0x7f7f7f7f#define N 50005 using namespace std;ll read(){ ll x=0,f=1; char c=getchar(); while(c<'0' || c>'9') {if(c=='-') f=-1;c=getchar();} while(c<='9' && c>='0') {x=x*10+c-'0';c=getchar();} return x*f;}int n,m,blo,bl[N],c[N];struct que{ int id,l,r; bool operator < (const que& b) const { if(bl[l]!=bl[b.l]) return l<b.l; return r<b.r; }}q[N];ll s[N],now,ans[N][2];ll gcd(ll a,ll b){return b==0?a:gcd(b,a%b);}void update(int x,int v){ now-=s[c[x]]*s[c[x]]; s[c[x]]+=v; now+=s[c[x]]*s[c[x]];}void solve(){ int l=1,r=0; for(int i=1;i<=m;i++) { while(l<q[i].l) update(l,-1),l++; while(r<q[i].r) r++,update(r,1); while(l>q[i].l) l--,update(l,1); while(r>q[i].r) update(r,-1),r--; if(q[i].l==q[i].r) { ans[q[i].id][0]=0,ans[q[i].id][1]=1; continue; } ans[q[i].id][0]=now-(q[i].r-q[i].l+1); ans[q[i].id][1]=(ll)(q[i].r-q[i].l+1)*(q[i].r-q[i].l); ll k=gcd(ans[q[i].id][0],ans[q[i].id][1]); ans[q[i].id][0]/=k;ans[q[i].id][1]/=k; }}int main(){ n=read(),m=read();blo=sqrt(n); for(int i=1;i<=n;i++) bl[i]=(i-1)/blo+1; for(int i=1;i<=n;i++) c[i]=read(); for(int i=1;i<=m;i++) { q[i].l=read(),q[i].r=read(); q[i].id=i; } sort(q+1,q+m+1); solve(); for(int i=1;i<=m;i++) printf("%lld/%lld\n",ans[i][0],ans[i][1]); return 0;}
3289
裸题。
#include<iostream>#include<stdio.h>#include<algorithm>#include<string.h>#include<math.h>#define ll long long#define inf 0x7f7f7f7f#define N 50005#define lb(x) (x&-x)using namespace std;ll read(){ ll x=0,f=1; char c=getchar(); while(c<'0' || c>'9') {if(c=='-') f=-1;c=getchar();} while(c<='9' && c>='0') {x=x*10+c-'0';c=getchar();} return x*f;}int n,m,blo,a[N],bl[N],tmp[N];ll now,ans[N],t[N];struct que{ int id,l,r; bool operator <(const que& b) const { if(bl[l]!=bl[b.l]) return l<b.l; return r<b.r; }}q[N];void add(int x,int v){ while(x<=n) { t[x]+=v; x+=lb(x); }}ll query(int x){ ll ret=0; while(x) { ret+=t[x]; x-=lb(x); } return ret;}void solve(){ int l=1,r=0; for(int i=1;i<=m;i++) { while(l<q[i].l) add(a[l],-1),now-=query(a[l]-1),l++; while(r>q[i].r) add(a[r],-1),now-=r-l-query(a[r]),r--; while(l>q[i].l) l--,add(a[l],1),now+=query(a[l]-1); while(r<q[i].r) r++,add(a[r],1),now+=r-l+1-query(a[r]); ans[q[i].id]=now; }}int main(){ n=read();blo=sqrt(n); for(int i=1;i<=n;i++) bl[i]=(i-1)/blo+1; for(int i=1;i<=n;i++) tmp[i]=a[i]=read(); sort(tmp+1,tmp+n+1); for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=lower_bound(tmp+1,tmp+n+1,a[i])-tmp; m=read(); for(int i=1;i<=m;i++) { q[i].l=read(),q[i].r=read(); q[i].id=i; } sort(q+1,q+m+1); solve(); for(int i=1;i<=m;i++) printf("%lld\n",ans[i]); return 0;}
3781
求从[l,r]的逆序对个数得到[l,r+1]的逆序对个数。
先离散化,用树状数组维护权值,只要考虑对于新加进来的这个数,原区间中有多少个数大于它,拿区间长度去减就可以得到这个数的贡献。删除一个数类似。总复杂度O(n√n×logn)。
#include<iostream>#include<stdio.h>#include<algorithm>#include<string.h>#include<math.h>#define ll long long#define inf 0x7f7f7f7f#define N 50005#define lb(x) (x&-x)using namespace std;ll read(){ ll x=0,f=1; char c=getchar(); while(c<'0' || c>'9') {if(c=='-') f=-1;c=getchar();} while(c<='9' && c>='0') {x=x*10+c-'0';c=getchar();} return x*f;}int n,m,KK,blo,a[N],bl[N];ll now,ans[N],cnt[N];struct que{ int id,l,r; bool operator <(const que& b) const { if(bl[l]!=bl[b.l]) return l<b.l; return r<b.r; }}q[N];void solve(){ int l=1,r=0; for(int i=1;i<=m;i++) { while(l>q[i].l) l--,cnt[a[l]]++,now+=2*cnt[a[l]]-1; while(r<q[i].r) r++,cnt[a[r]]++,now+=2*cnt[a[r]]-1; while(l<q[i].l) cnt[a[l]]--,now-=2*cnt[a[l]]+1,l++; while(r>q[i].r) cnt[a[r]]--,now-=2*cnt[a[r]]+1,r--; ans[q[i].id]=now; }}int main(){ n=read();m=read();KK=read(); blo=sqrt(n); for(int i=1;i<=n;i++) bl[i]=(i-1)/blo+1; for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=read(); for(int i=1;i<=m;i++) { q[i].l=read(),q[i].r=read(); q[i].id=i; } sort(q+1,q+m+1); solve(); for(int i=1;i<=m;i++) printf("%lld\n",ans[i]); return 0;}
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