The 2016 ACM-ICPC Asia China-Final Contest H题 数学 + 思维
来源:互联网 发布:linux之父是谁 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 18:00
题意:
题目链接:http://codeforces.com/gym/101194/attachments
给出一个n*m的格子的棋盘,要求在其中每个格子填上一个范围是[1,k]的数,若一个格子里的数比所在行和所在列的其他数都要大,那么这个格子就是个特殊格子,现在要求如下表达式的值:
其中Ag表示能在棋盘中构造出恰好g个特殊格子的方案数。
思路:
其实就是算贡献,题目没有说要求Ag,就不要钻牛角尖。
从要求的表达式出发,可以拆成两个部分g*Ag和Ag,Ag的和很简单,很显然就是所有方案,也就是K^(n*m)。
对于g*Ag的总和,我们可以考虑贡献,假设当前另一点为特殊点,除了所在行和所在列的其他元素都任意填,假设这样有x种方案。Ag既然表示能构造出g个特殊点的方案,那么对于某一种恰好存在g个点的方案,如果我们从这个g个不同的点计算x的话,那么在所有点x的总和中,这个方案就被计算了g次,这不就是要求的结果么。
所以直接算出某一个点的x,然后乘上n*m,这就是g*Ag的和。
代码:
代码非常简单。
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long LL;const LL MOD = 1e9 + 7;LL pow_mod(LL a, LL n) { LL res = 1; while (n) { if (n & 1) res = res * a % MOD; a = a * a % MOD; n >>= 1; } return res;}int main() { //freopen("in.txt", "r", stdin); int T, cs = 0; scanf("%d", &T); while (T--) { LL n, m, k; scanf("%I64d%I64d%I64d", &n, &m, &k); LL ans = 0; for (int i = 1; i <= k; i++) { ans = (ans + pow_mod(i - 1, n + m - 2)) % MOD; } LL rest = pow_mod(k, n * m - n - m + 1) % MOD; ans = ans * rest % MOD * m % MOD * n % MOD; ans = (ans + pow_mod(k, m * n)) % MOD; printf("Case #%d: %I64d\n", ++cs, ans); } return 0;}
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