4815: [Cqoi2017]小Q的表格
来源:互联网 发布:淘宝助理上传宝贝显示0 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 14:20
4815: [Cqoi2017]小Q的表格
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Description
小Q是个程序员。
作为一个年轻的程序员,小Q总是被老C欺负,老C经常把一些麻烦的任务交给小Q来处理。每当小Q不知道如何解决
时,就只好向你求助。为了完成任务,小Q需要列一个表格,表格有无穷多行,无穷多列,行和列都从1开始标号。
为了完成任务,表格里面每个格子都填了一个整数,为了方便描述,小Q把第a行第b列的整数记为f(a,b),为了完成
任务,这个表格要满足一些条件:(1)对任意的正整数a,b,都要满足f(a,b)=f(b,a);(2)对任意的正整数a,b,都要
满足b×f(a,a+b)=(a+b)*f(a,b)。为了完成任务,一开始表格里面的数很有规律,第a行第b列的数恰好等于a*b,
显然一开始是满足上述两个条件的。为了完成任务,小Q需要不断的修改表格里面的数,每当修改了一个格子的数
之后,为了让表格继续满足上述两个条件,小Q还需要把这次修改能够波及到的全部格子里都改为恰当的数。由于
某种神奇的力量驱使,已经确保了每一轮修改之后所有格子里的数仍然都是整数。为了完成任务,小Q还需要随时
获取前k行前k列这个有限区域内所有数的和是多少,答案可能比较大,只需要算出答案mod1,000,000,007之后的结
果。
Input
第1行包含两个整数m,n,表示共有m次操作,所有操作和查询涉及到的行编号和列编号都不超过n。
接下来m行,每行4个整数a,b,x,k表示把第a行b列的数改成x,然后把它能够波及到的所有格子全部修改,保证修改
之后所有格子的数仍然都是整数,修改完成后计算前k行前k列里所有数的和。
1<=m<=10000,1<=a,b,k<=N<=4*10^6,0<=x<=10^18
Output
输出共m行,每次操作之后输出1行,表示答案mod 1,000,000,007之后的结果。
Sample Input
3 3
1 1 1 2
2 2 4 3
1 2 4 2
Sample Output
9
36
14
一开始,表格的前3行前3列如图中左边所示,前2次操
作后表格没有变化,第3次操作之后的表格如右边所示。
1 2 3 2 4 6
2 4 6 4 4 12
3 6 9 6 12 9
HINT
Source
对于
f(a,b)=f(b,a) ,显然gcd(a,b)=gcd(b,a)
对于b∗f(a,a+b)=(a+b)∗f(a,b) 由更相减损法,得到gcd(a,a+b)=gcd(a,b)
因此,每次修改等价于对所有坐标的最大公约数为一个定值的点修改
对于任意两个坐标的最大公约数相同的点
由约束条件得到,它们的比例肯定是一个定值
因此,任意的f(a,b) 在修改过后总是能写作a∗b∗k 的形式
重新定义f(d) 为最大公约数为d 的点的这个系数
那么Ans=∑ki=1∑kj=1i∗j∗f(gcd(i,j))
大力莫比乌斯反演,得到
Ans=∑nd=1f(d)∗d2∑⌊nd⌋t=1μ(t)∗t2(∑⌊ndt⌋i=1i)2
定义g(n)=∑ni=1μ(i)∗i2(∑⌊ni⌋j=1j)2
那么Ans=∑nd=1f(d)∗d2∗g(⌊nd⌋)
假如能预处理好所有g(n) ,那么上述公式能在O(n−−√) 计算出来
注意到⌊ni⌋−⌊n−1i⌋=1 成立当且仅当i|n
那么g(n)−g(n−1)=∑d|nμ(d)∗d2∗(nd)3=n3∑d|nμ(d)d
这个式子右边那个东西显然是个积性函数,线性筛解决即可
因此能在O(n) 递推出所有的g(n)
对于修改f(n) 时,因为还需要时刻查询某段的和
若使用树状数组维护前缀和然后差分,复杂度就多个log 无法接受
可以牺牲一下修改时间,分块维护f 的前缀和,这样查询就能O(1) 了
综上,总复杂度为O(mn−−√)
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<cmath>//#include<ctime>using namespace std;const int maxm = 2005;const int maxn = 4E6 + 4;typedef long long LL;const LL mo = 1000000007;int n,m,Sqrt,S,tot,pri[maxn],bel[maxn],pos[maxn],g[maxn],h[maxn];bool not_pri[maxn];LL s1[maxm],s2[maxm][maxm],f[maxn];inline int gcd(int x,int y) {return !y ? x : gcd(y,x % y);}inline int Mul(const LL &x,const LL &y) {return x * y % mo;}inline int Add(const int &x,const int &y) {return x + y < mo ? x + y : x + y - mo;}inline int Dec(const int &x,const int &y) {return x - y >= 0 ? x - y : x - y + mo;}inline int ksm(int x,int y){ int ret = 1; for (; y; y >>= 1) { if (y & 1) ret = Mul(ret,x); x = Mul(x,x); } return ret;}inline int getint(){ char ch = getchar(); int ret = 0; while (ch < '0' || '9' < ch) ch = getchar(); while ('0' <= ch && ch <= '9') ret = ret * 10 + ch - '0',ch = getchar(); return ret;}inline LL getLL(){ char ch = getchar(); LL ret = 0; while (ch < '0' || '9' < ch) ch = getchar(); while ('0' <= ch && ch <= '9') ret = ret * 10LL + 1LL * (ch - '0'),ch = getchar(); return ret;}void Pre_Work(){ g[1] = h[1] = f[1] = 1; Sqrt = sqrt(n); S = n / Sqrt + 1; bel[1] = 1 / Sqrt; pos[1] = 1 % Sqrt; s1[bel[1]] += 1LL; s2[bel[1]][pos[1]] = 1LL; for (int i = 2; i <= n; i++) { if (!not_pri[i]) pri[++tot] = i,h[i] = Dec(1,ksm(i,mo - 2)); for (int j = 1; j <= tot; j++) { int Nex = i * pri[j]; if (Nex > n) break; not_pri[Nex] = 1; if (i % pri[j] == 0) { h[Nex] = h[i]; break; } h[Nex] = Mul(h[i],h[pri[j]]); } int tmp = Mul(i,i); g[i] = Add(g[i - 1],Mul(Mul(tmp,i),h[i])); if (pos[i - 1] == Sqrt - 1) pos[i] = 0,bel[i] = bel[i - 1] + 1; else pos[i] = pos[i - 1] + 1,bel[i] = bel[i - 1]; f[i] = 1; s1[bel[i]] += 1LL * tmp; s2[bel[i]][pos[i]] = tmp; } for (int i = 0; i <= S; i++) for (int j = 1; j < Sqrt; j++) s2[i][j] += s2[i][j - 1]; for (int i = 1; i <= S; i++) s1[i] += s1[i - 1];}inline void Modify(int k,LL d){ d = Mul(d,Mul(k,k)); for (int i = bel[k]; i <= S; i++) s1[i] += d; for (int i = pos[k]; i < Sqrt; i++) s2[bel[k]][i] += d;}inline LL Query(const int &k){ LL ret = bel[k] ? s1[bel[k] - 1] : 0; return ret + s2[bel[k]][pos[k]];}inline int Mod(LL x) {x %= mo; return x >= 0 ? x : x + mo;}inline void Solve(){ int a,b,x,N,G,Ans = 0; a = getint(); b = getint(); x = getLL() % mo; N = getint(); G = gcd(a,b); x = Mul(x,ksm(Mul(a,b),mo - 2)); Modify(G,x - f[G]); f[G] = x; for (int i = 1,last; i <= N; i = last + 1) { int tmp = N / i; last = N / tmp; int A = Mod(Query(last) - Query(i - 1)); Ans = Add(Ans,Mul(A,g[tmp])); } printf("%d\n",Ans);}int main(){ #ifdef DMC freopen("DMC.txt","r",stdin); freopen("test.txt","w",stdout); #endif m = getint(); n = getint(); Pre_Work(); //cerr << (double)(clock()) / CLOCKS_PER_SEC << endl; while (m--) Solve(); //cerr << (double)(clock()) / CLOCKS_PER_SEC << endl; return 0;}
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