CQOI2017 小Q的棋盘
来源:互联网 发布:腾讯云和阿里云学生 编辑:程序博客网 时间:2024/04/29 10:01
CQOI2017 NKOI4038 小Q的棋盘
问题描述
小Q正在设计一种棋类游戏。在小Q设计的游戏中,棋子可以放在棋盘上的格点中。某些格点之间有连线,棋子只能> 在有连线的格点之间移动。整个棋盘上共有V个格点,编号为0,1,2…,V-1,它们是连通的,也就是说棋子从任意格> 点出发,总能到达所有的格点。小Q在设计棋盘时,还保证棋子从一个格点移动到另外任一格点的路径是唯一的。
小Q现在想知道,当棋子从格点0出发,移动N步最多能经过多少格点。格点可以重复经过多次,但不重复计数。
输入格式
第一行包含2个正整数V,N,其中V表示格点总数,N表示移动步数。
接下来V-1行,每行两个数Ai,Bi,表示编号为Ai,Bi的两个格点之间有连线。 V,N≤ 100, 0 ≤ Ai,Bi < V
输出格式
输出一行一个整数,表示最多经过的格点数量。
样例输入
5 2
1 0
2 1
3 2
4 3
样例输出
3
T1的位置,果然是道水题。
方法一:树形DP
从题目描述中看出这是一棵树。那么显然就是一道树形DP。
状态也很显然:
以0号节点为根, f[i][j][0]表示在i号节点所在的子树走j步且最后回到 i号节点经过的最大点数。
f[i][j][1]表示在i号节点所在的子树走j步且最后不回到 i号节点经过的最大点数。
那么状态转移方程:
设y为p的儿子,则:
f[p][j][1]=max{f[y][k-1][1]+f[p][j-k][0]} (1<=k<=j)
f[p][j][1]=max{f[y][k-2][0]+f[p][j-k][1]} (2<=k<=j)
//区别上一个方程,走到儿子再走回来要两步
f[p][j][0]=max{f[y][k-2][0]+f[p][j-k][0]} (2<=k<=j)
注意讨论时按照背包动规的思想,从大到小枚举j。另注意f数组初值均为1。
#include<stdio.h>#define MAXN 105#define MAXM 205#define Max(x,y) ((x>y)?(x):(y))using namespace std;int f[MAXN][MAXN][2],V,N;//0 回来 1 不回来 int tot,en[MAXM],las[MAXN],nex[MAXM];void ADD(int x,int y){ en[++tot]=y; nex[tot]=las[x]; las[x]=tot;}void DP(int p,int fa){ int i,j,k,y; for(i=0;i<=N;i++)f[p][i][0]=f[p][i][1]=1; for(i=las[p];i;i=nex[i]) { y=en[i]; if(y==fa)continue; DP(y,p); for(j=N;j;j--) for(k=1;k<=j;k++) { f[p][j][1]=Max(f[y][k-1][1]+f[p][j-k][0],f[p][j][1]); if(k<2)continue; f[p][j][1]=Max(f[y][k-2][0]+f[p][j-k][1],f[p][j][1]); f[p][j][0]=Max(f[y][k-2][0]+f[p][j-k][0],f[p][j][0]); } }}int main(){ int i,x,y; scanf("%d%d",&V,&N); for(i=1;i<V;i++)scanf("%d%d",&x,&y),ADD(x,y),ADD(y,x); DP(0,-1); printf("%d",Max(f[0][N][1],f[0][N][0]));}
方法2
看了这篇才知道还有这种操作@greatzccy
但是我觉得不是很像贪心= =,毕竟没看出来贪心的明显特征。反正不管是不是总之我还是太菜了就对了。
还是简要概括一下思路:
首先如果从0出发的最长链长度小于N,答案显然是N+1。
除此之外,如果一种走法可能是最优解,那么它必须满足这样的条件:
在某一条链上的边只走了一次,在链周围的一些边上走了两次。
(不考虑N大到把树走完都还有剩余的情形,这种情形在最后判断一下即可)
设链长为Len,那么答案就是(N-Len)/2+Len+1。
从一次函数的观点看,最优解应当是在Len取最大时,即从0出发的最长链的长度。(0号点显然在“那条链”上)
#include<stdio.h>#define MAXN 105#define MAXM 205#define Min(x,y) ((x<y)?(x):(y))#define Max(x,y) ((x>y)?(x):(y))int N,V,Len;int tot,en[MAXM],las[MAXN],nex[MAXM];void ADD(int x,int y){ en[++tot]=y; nex[tot]=las[x]; las[x]=tot;}void DFS(int p,int f,int dis){ int i,y; for(i=las[p];i;i=nex[i]) { y=en[i]; if(y==f)continue; DFS(y,p,dis+1); } Len=Max(Len,dis);}int main(){ int i,x,y; scanf("%d%d",&V,&N); for(i=1;i<V;i++)scanf("%d%d",&x,&y),ADD(x,y),ADD(y,x); DFS(0,-1,0); if(N<Len)printf("%d",N+1); else Len=Min(V,(N-Len)/2+Len+1),printf("%d",Len);}
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