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来源:互联网 发布:网络威胁怎么处理 编辑:程序博客网 时间:2024/04/29 15:23
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1491: [NOI2007]社交网络
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 64 MBSubmit: 1963 Solved: 1058
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Description
在社交网络(socialnetwork)的研究中,我们常常使用图论概念去解释一些社会现象。不妨看这样的一个问题。
在一个社交圈子里有n个人,人与人之间有不同程度的关系。我们将这个关系网络对应到一个n个结点的无向图上,
两个不同的人若互相认识,则在他们对应的结点之间连接一条无向边,并附上一个正数权值c,c越小,表示两个人
之间的关系越密切。我们可以用对应结点之间的最短路长度来衡量两个人s和t之间的关系密切程度,注意到最短路
径上的其他结点为s和t的联系提供了某种便利,即这些结点对于s和t之间的联系有一定的重要程度。我们可以通过
统计经过一个结点v的最短路径的数目来衡量该结点在社交网络中的重要程度。考虑到两个结点A和B之间可能会有
多条最短路径。我们修改重要程度的定义如下:令Cs,t表示从s到t的不同的最短路的数目,Cs,t(v)表示经过v从s
到t的最短路的数目;则定义
为结点v在社交网络中的重要程度。为了使I(v)和Cs,t(v)有意义,我们规定需要处理的社交网络都是连通的无向图
,即任意两个结点之间都有一条有限长度的最短路径。现在给出这样一幅描述社交网络的加权无向图,请你求出每
一个结点的重要程度。
Input
输入第一行有两个整数n和m,表示社交网络中结点和无向边的数目。在无向图中,我们将所有结点从1到n进行编号
。接下来m行,每行用三个整数a,b,c描述一条连接结点a和b,权值为c的无向边。注意任意两个结点之间最多有
一条无向边相连,无向图中也不会出现自环(即不存在一条无向边的两个端点是相同的结点)。n≤100;m≤4500
,任意一条边的权值 c 是正整数,满足:1≤c≤1000。所有数据中保证给出的无向图连通,且任意两个结点之间
的最短路径数目不超过 10^10
Output
输出包括n行,每行一个实数,精确到小数点后3位。第i行的实数表示结点i在社交网络中的重要程度。
Sample Input
4 4
1 2 1
2 3 1
3 4 1
4 1 1
1 2 1
2 3 1
3 4 1
4 1 1
Sample Output
1.000
1.000
1.000
1.000
1.000
1.000
1.000
HINT
社交网络如下图所示。
对于 1 号结点而言,只有 2 号到 4 号结点和 4 号到 2 号结点的最短路经过 1 号结点,而 2 号结点和 4 号结
点之间的最短路又有 2 条。因而根据定义,1 号结点的重要程度计算为 1/2 + 1/2 = 1 。由于图的对称性,其他
三个结点的重要程度也都是 1 。
Source
思路:Floyd求任意两点间的最短路,然后用一个数组cnt[][]表示两点最短路的条数。第二次循环时统计重要度即可。
附上AC代码:
#include<iostream>#include<cstdio>#include<algorithm>using namespace std;const int INF=0x7f7f7f7f;const int maxn=4500+5;double G[120][120],cnt[120][120];//G[][]为两点间最短距离,cnt[][]为两点间最短距离条数int n,m;void init(int n){ for(int i=1;i<=n;i++){ for(int j=i+1;j<=n;j++){ G[i][j]=G[j][i]=INF;//任意两点间距离无限大 cnt[i][j]=cnt[j][i]=0; } }}int main(){ ios::sync_with_stdio(false); while(cin>>n>>m){ init(n); for(int i=1;i<=m;i++){ int fr,to; double val; cin>>fr>>to>>val; G[fr][to]=G[to][fr]=min(G[fr][to],val); cnt[fr][to]=cnt[to][fr]=1; } for(int k=1;k<=n;k++) for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++){ if(k==i||k==j||i==j)continue; if(G[i][k]+G[k][j]==G[i][j]) cnt[i][j]+=cnt[i][k]*cnt[k][j]; else if(G[i][k]+G[k][j]<G[i][j]){ G[i][j]=G[i][k]+G[k][j]; cnt[i][j]=cnt[i][k]*cnt[k][j]; } } for(int k=1;k<=n;k++){ double ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++){ if(k==i||k==j||i==j)continue; if(G[i][k]+G[k][j]==G[i][j]&&cnt[i][j]>0){ ans+=cnt[i][k]*cnt[k][j]/cnt[i][j]; } } printf("%.3f\n",ans); } } return 0;}
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