奶牛求幂(迭代加深经典减枝)
来源:互联网 发布:不屑一顾是相思 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 10:04
约翰的奶牛门想要快速计算整数的P次幂,他需要你的帮助。因为计算极大数的幂,所以他们同一时间仅能使用2个存储器,每个存储器可记录某个结果值。
第一件工作是初始化存储器内的值:一个为底数x,另一个为1。奶牛可以相乘法或相除法2个存储器中的值,并把结果存在其中某个存储器内,但所有存储器的结果必须是整数,例如他们想计算x^31,一种计算方法是:
因此,x^31可以通过6次计算的出。给出要计算幂次P,要求求出最少需要几次计算。
【输入格式】
仅一行一个正整数P。
【输出格式】
仅一个整数:最少计算次数。
【输入样例】
31
【输出样例】
6
【数据范围】
对于全部的数据,P<=20000;
分析:问题:给定两个数1,0,每次可以让两个数相加或相减再存储在其中一个位置上,求最少能用多少次能让其中有一个数变成p。该题求解两个数相加减计算p的最小步数,考虑到步数很少,故选择迭代加深。
状态函数肯定是(i,a,b),表示目前进行第i次操作,前i-1次操作得到的数为a,b。
枚举现在可以有的步骤是个小难点,因为是在两个数中挑两个(可重),还要挑一个位子,这里用循环实现好了。
重点在于优化减枝(预测性)上:
1.如果一直按照当前较大的那个数进行运算,则再经过k-i+1次操作后最大能得到a*(1<<(k-i+1))如果该值小于p则return 0(可以用log实现,但是很慢)。所以这里的状态函数最好令a>b;
2.因为a+-b=(ka+-kb)*gcd(a,b),如果a和b所含有的因数有在p范围之外的,换句话说p不能够通过gcd(a,b)乘倍得到,也就是p%gcd(a,b)!=0 ,马上return 0,因为a和b无论怎么加减都无法变化到p了;(如果没有这一条会慢很多)
#include<cstdio>#include<iostream>#include<cmath>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;int p,k;int h(int x){ if(x==0) return 10000; return (int)(log(p/x)/log(2));}int gcd(int x,int y){ if(y==0) return x; return gcd(y,x%y);}bool dfsid(int i,int aa,int bb)//第i步时,存储器的值分别为a,b,令a>b{ if(i>k) { if(aa==p || bb==p) return 1; return 0; } //估价函数IDA*: if(aa && bb && p%gcd(aa,bb)!=0) return 0;// if(i-1+h(aa)>k) return 0;//如果aa^(2^(k-i+1))<p 则return 0 if(aa*(1<<(k-i+1))<p) return 0;//这样既可以提高效率又可以避免aa=0让\崩的情况 int a[3]={0,aa,bb}; for(int x=1;x<=2;x++)//+ for(int y=x;y<=2;y++) for(int z=1;z<=2;z++)//哪个机器不动 { if(a[x]+a[y]>=a[z]) { if(dfsid(i+1,a[x]+a[y],a[z])) return 1; } else if(dfsid(i+1,a[z],a[x]+a[y])) return 1; } if(dfsid(i+1,aa,aa-bb)) return 1;//- (大的减小的) if(aa-bb>bb) { if(dfsid(i+1,aa-bb,bb)) return 1; } else if(dfsid(i+1,bb,aa-bb)) return 1; return 0;}int main(){ scanf("%d",&p); for(k=0;k<=20;k++) { if(dfsid(1,1,0)) { printf("%d",k); break; } } return 0;}
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