HDU (6055)Regular polygon (2017多校训练赛1011)
来源:互联网 发布:苹果电脑用于软件开发 编辑:程序博客网 时间:2024/05/29 14:51
题目大意
题目中给出一组点(横纵坐标均为整数,且范围很小),问其中存在的正多边形的个数。
解题思路
由于题目中并没有明确的指出横纵坐标都是整数(题目中明确只说了two numbers),比赛的时候并没有注意到这一点,以为给的都是浮点数,所以按照普适的方法做的。
先讲一下普遍的方法
任选一条边,从该边的一个端点出发,每次均寻找该端点连接到的边且边长与现有边长度相等,将该点入栈,直到某个点能够连到起始边的另一个端点结束,将cont数组中N边形的数目增加1,当以所有的边为起始点循环一次后,注意所有K边形的数量都被统计了K次,因为以其不同的边为起始点都统计了一次,故除以K后得到正确答案。
但是由于坐标都用double的话会出现很多的精度问题,今天二分查找的过程中lower_bound就踩了不少坑(由于乱加提高精度的小数),如果今后出了这种题估计精度会是个大坑吧。。。
在执行的过程中注意在几个地方剪枝可以少走很多弯路
1. 新加入的边长度必须等于起始边的长度
2. 当栈中点数大于等于3时,新加入的点与(top-2)位置点的距离等于dis(top-1,top-3),栈顶元素为top-1
3.可以将每个点连接的边长排序,二分的搜索所有满足条件的边长
只有条件一的话会将很多角度不对的边也入栈,增加第二个条件后可以将角度也确定,不太明白的同学可以手动画图模拟一下。这里不剪枝的话很有可能会TLE,剪过之后跑了873MS
然后讲一下正式的解法
由 NOI 2017的一篇论文里指出(144页)关于正多边形的结论,即只有正方形能满足其所有顶点坐标均为整数。所以只需要考虑能形成多少个正方形就可以了(=,=),有兴趣的同学可以去看一下国家集训队的论文。
小小的吐槽一下,6min的时候发现清华飞快的A了这个题,但是当我写出了160行的代码后我整个人都懵了(虽然我知道他们肯定没写我这种冗长的代码)。。6min连代码都写不完的我。。果然姿势水平有待提高阿。。
最后贴上(辣眼睛的)代码
#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<vector>using namespace std;typedef long long ll;const double eps=1e-6;const ll mx=550;double x[mx],y[mx],dis[mx][mx];int num[mx][mx],vis[mx],cont[mx],flag=0,cnt=0,n;bool ok=false;struct edge{ int l,r,id; double len; edge(){} edge(int l1,int rr,int le,int ii) { l=l1;r=rr;len=le;id=ii; } bool operator <(const edge &aa)const { return len < aa.len+eps; }}ed[mx*mx];int sta[mx<<2];vector<edge> graph[mx];bool cmp(const edge &aa,const edge &bb){ return aa.len<bb.len;}bool check2(int bb){ double len1=dis[sta[flag-1]][sta[flag-3]]; double len2=dis[sta[flag-2]][bb]; if(len1<len2) swap(len1,len2); if(len1-len2<=eps) return true; return false;}void dfs(int al,int now){ double len1=dis[sta[flag-1]][sta[flag-2]]; edge newedge=edge(0,0,len1,-1); int pos=upper_bound(graph[now].begin(),graph[now].end(),newedge)-graph[now].begin(); int rr; while(pos<graph[now].size()) { rr=graph[now][pos].r; if(fabs(graph[now][pos].len-newedge.len)>eps) break; if(vis[rr]) { if(al>1&&rr==sta[0]) { cont[al+1]++; ok=true; break; } else { pos++; continue; } } if(flag>=3) { if(check2(rr)) { vis[rr]=1; sta[flag++]=rr; dfs(al+1,rr); flag--; } } else { vis[rr]=1; sta[flag++]=rr; dfs(al+1,rr); flag--; } pos++; }}void solve(){ for(int i=0;i<n;i++) { for(int j=i+1;j<n;j++) { ok=false; flag=0; memset(vis,0,sizeof(vis)); vis[i]=vis[j]=1; sta[flag++]=i; sta[flag++]=j; dfs(1,j); } }}int main(){ while(~scanf("%d",&n)) { cnt=0; memset(dis,0,sizeof(dis)); memset(num,-1,sizeof(num)); memset(cont,0,sizeof(cont)); for(int i=0;i<n;i++) graph[i].clear(); for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%lf%lf",&x[i],&y[i]); } for(int i=0;i<n;i++) { for(int j=i+1;j<n;j++) { ed[cnt].l=i; ed[cnt].r=j; double tmp=(x[i]-x[j])*(x[i]-x[j])+(y[i]-y[j])*(y[i]-y[j]); ed[cnt].len=tmp; dis[i][j]=dis[j][i]=tmp; num[i][j]=num[j][i]=cnt; ed[cnt].id=cnt; edge new1=edge(i,j,tmp,cnt); graph[i].push_back(new1); edge new2=edge(j,i,tmp,cnt); graph[j].push_back(new2); cnt++; } } for(int i=0;i<n;i++) sort(graph[i].begin(),graph[i].end()); solve(); int ans=0; for(int i=3;i<=n;i++) { if(cont[i]) ans+=cont[i]/i; } printf("%d\n",ans); } return 0;}
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