BZOJ 2038-小Z的袜子(hose)(莫队->分块)
来源:互联网 发布:初级数据分析工程师 编辑:程序博客网 时间:2024/05/01 07:02
2038: [2009国家集训队]小Z的袜子(hose)
Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 259 MBSubmit: 10588 Solved: 4802
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Description
作为一个生活散漫的人,小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天,小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程,于是他决定听天由命……
具体来说,小Z把这N只袜子从1到N编号,然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双,甚至不在意两只袜子是否一左一右,他却很在意袜子的颜色,毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z,他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然,小Z希望这个概率尽量高,所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
输入文件第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量,M为小Z所提的询问的数量。接下来一行包含N个正整数Ci,其中Ci表示第i只袜子的颜色,相同的颜色用相同的数字表示。再接下来M行,每行两个正整数L,R表示一个询问。
Output
包含M行,对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1,否则输出的A/B必须为最简分数。(详见样例)
Sample Input
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
HINT
简单了解下什么是莫队算法吧,因为我还不是太懂,总感觉和暴力没什么区别(我也只是说说而已)。
有一篇讲的比较好的博客:http://www.cnblogs.com/hzf-sbit/p/4056874.html。
如果我们已知[l,r]的答案,能在O(1)时间得到[l+1,r]的答案以及[l,r-1]的答案,即可使用莫队算法。时间复杂度为O(n^1.5)。如果那个只能在logn的时间求,则时间复杂度是O(n^1.5*log n)。
说白了,就是用一个“神奇的数据结构”维护插入、删除操作
这道题的话我们很容易用“数组”来实现那个“神奇的数据结构”,做到O(1)的从[l,r]转移到[l,r+1]与[l+1,r]
那么莫队算法怎么做呢?以下都是在转移为O(1)的基础下讨论的时间复杂度。另外由于n与m同阶,为了书写方便,我就全部写成n了……
如果已知[l,r]的答案,要求[l',r']的答案,我们很容易在O( | l - l' + | r - r' | )的时间复杂度内求得。
这里介绍一个优美的替代品——分块
将n个数分成sqrt(n)块
按区间排序,以左端点所在块内为第一关键字,右端点为第二关键字,进行排序
也就是以( pos [l],r )排序
然后搞就可以了。。。。(感觉分块是真的6)。
这就是分块和暴力的区别,就只有排序的地方的区别而已。。。。
#include<map> #include<stack> #include<queue> #include<vector> #include<math.h> #include<stdio.h> #include<iostream>#include<string.h> #include<stdlib.h> #include<algorithm> using namespace std; typedef long long ll; #define inf 1000000000 #define mod 1000000007 #define maxn 50005#define lowbit(x) (x&-x) #define eps 1e-10 ll a[maxn],pos[maxn],ans,sum[maxn];struct node{ ll l,r,id,x,y;}b[maxn];bool comp(node a,node b){ if(pos[a.l]==pos[b.l]) return a.r<b.r; return a.l<b.l;}ll work(ll x){ return x*x;}void update(ll x,ll val){ ans-=work(sum[a[x]]); sum[a[x]]+=val; ans+=work(sum[a[x]]);}ll gcd(ll x,ll y){ if(y==0) return x; return gcd(y,x%y);}bool comp1(node a,node b){ return a.id<b.id;}int main(void){ ll n,m,i,j,k,ams=0,block,l,r; scanf("%lld%lld",&n,&m); for(i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]); block=(ll)sqrt(n); for(i=1;i<=n;i++) pos[i]=(i-1)/block+1; for(i=1;i<=m;i++) scanf("%lld%lld",&b[i].l,&b[i].r),b[i].id=i; sort(b+1,b+m+1,comp); l=1;r=0; for(i=1;i<=m;i++) { while(r<b[i].r) update(r+1,1),r++; while(r>b[i].r) update(r,-1),r--; while(l<b[i].l) update(l,-1),l++; while(l>b[i].l) update(l-1,1),l--; if(b[i].l==b[i].r) { b[i].x=0; b[i].y=1; continue; } b[i].x=ans-(b[i].r-b[i].l+1); b[i].y=(ll)(b[i].r-b[i].l+1)*(b[i].r-b[i].l); ll tmp=gcd(b[i].x,b[i].y); b[i].x/=tmp;b[i].y/=tmp; } sort(b+1,b+m+1,comp1); for(i=1;i<=m;i++) printf("%lld/%lld\n",b[i].x,b[i].y); return 0;}
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