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题意:给出一颗节点数为n的树,其中有m个点必须要访问到,起点可以任意,每一次只能从当前点走到相邻点,每个点可以重复走,每走一步需要花费一个单位的时间,求把m个点走完最少需要花费的时间,并使得起点的编号最小.

1.根据观察可以发现,起点一定是m个点中的一个,很明显如果起点不是红色的点,你需要先走到一个红色的点上去. 
2.如果想要走完所有的m个点,则一定会走完一颗子树,这颗子树包含这所有的m个点,换句话说这m个点可以唯一确定一颗子树 
3.如果题目要求最后还要返回起点的话,可以观察出需要花费的时间 = 这颗子树的边数 * 2. 
4.不需要返回,则可以在这颗子树上找到一条最长的边,也就是这棵树的直径,然后沿着这个直径访问完所有的m个点,这样需要的时间为,子树的边数*2 - 直径的边数. 
5.这样问题就转化问,先求出这颗子树,然后找到一条端点尽量小的,最长的直径. 
6.求树的直径有个经典思想,可以从任意一个点出发,然后dfs(bfs)找到距离该点最远的点t,再从t点出发找到一个距离t点最远的点s,则s-t就是树的直径.具体证明网上有很多,这里就不再累赘. 
7.所以这里可以从任意一个红色的点出发,找到这颗子树,并找到一个距离最远且编号尽量小的端点,然后在这颗子树上在进行一次dfs就可以解决这个问题.这里只需要注意更新距离的时候同时还要考虑端点的编号大小即可.

针对这道题，最小的出发点只有可能出现在dfs1之后，最远且相对较小的点上，或者dfs2之后最远且相对较小的点上，即直径两端点中较小的那个

#include <bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long ll;const int mod=1e9+7;const int maxn=123456+5;vector<int> G[maxn];int dis[maxn];bool A[maxn],on[maxn];bool visit[maxn];int tar,d,cnt;int n,m,u,v;bool dfs1(int u)//求出子树{    visit[u]=true;    bool flag=false;    for(int i=0;i<G[u].size();i++)    {        int v=G[u][i];        if(!visit[v])        {            dis[v]=dis[u]+1;            flag|=dfs1(v);//或运算符 只要一个为1就是1        }    }    if(A[u])    {        flag=true;        if(dis[u] > d || (dis[u]==d&& u<tar) )//找出发点        {            d=dis[u];            tar=u;        }    }    if(flag)    {        on[u]=true;        cnt++;    }    return flag;}void dfs2(int u)//找最长路{    visit[u]=true;    for(int i=0;i<G[u].size();i++)    {        int v=G[u][i];        if(on[v] && !visit[v])        {            dis[v]=dis[u]+1;            if(dis[v]>d || ( dis[v]==d && v<tar))//找最远的这条边上最小的点            {                d=dis[v];                tar=v;            }            dfs2(v);        }    }}int main(){    std::ios::sync_with_stdio(false);    std::cin.tie(0);    cin>>n>>m;    for(int i=0;i<n-1;i++)    {        cin>>u>>v;        G[u].push_back(v);        G[v].push_back(u);    }    for(int i=0;i<m;i++)    {        cin>>u;        A[u]=true;//该点为指定的点        tar=u;    }    dfs1(tar);    int minn=tar;    memset(visit,0,sizeof(visit));    fill(dis,dis+n+1,0);    d=0;    dfs2(tar);    minn=min(minn,tar);//最小出发点只有可能在直径的两端    cout<<minn<<endl;    cout<<2*(cnt-1)-d<<endl;}