bzoj1060 [ZJOI2007]时态同步
来源:互联网 发布:视频压缩的常用算法是 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 14:51
Description
小Q在电子工艺实习课上学习焊接电路板。一块电路板由若干个元件组成,我们不妨称之为节点,并将其用数
字1,2,3….进行标号。电路板的各个节点由若干不相交的导线相连接,且对于电路板的任何两个节点,都存在且仅存在一条通路(通路指连接两个元件的导线序列)。在电路板上存在一个特殊的元件称为“激发器”。当激发器工作后,产生一个激励电流,通过导线传向每一个它所连接的节点。而中间节点接收到激励电流后,得到信息,并将该激励电流传向与它连接并且尚未接收到激励电流的节点。最终,激烈电流将到达一些“终止节点”——接收激励电流之后不再转发的节点。激励电流在导线上的传播是需要花费时间的,对于每条边e,激励电流通过它需要的时间为te,而节点接收到激励电流后的转发可以认为是在瞬间完成的。现在这块电路板要求每一个“终止节点”同时得到激励电路——即保持时态同步。由于当前的构造并不符合时态同步的要求,故需要通过改变连接线的构造。目前小Q有一个道具,使用一次该道具,可以使得激励电流通过某条连接导线的时间增加一个单位。请问小Q最少使用多少次道具才可使得所有的“终止节点”时态同步?
Input
第一行包含一个正整数N,表示电路板中节点的个数。第二行包含一个整数S,为该电路板的激发器的编号。接
下来N-1行,每行三个整数a , b , t。表示该条导线连接节点a与节点b,且激励电流通过这条导线需要t个单位时
间
Output
仅包含一个整数V,为小Q最少使用的道具次数
Sample Input
3
1
1 2 1
1 3 3
Sample Output
2
分析:
mmp,题意是啥
好了,明白了
做了几道树上dp
我先立下如此flag
树形dp基本都是从叶子结点开始dp的
首先先想一下,最大的路径权值是多少
贪心的思想,找到树中权值最大的路径,权值为w
目标最大权值就是ta了
因为如果目标权值=w+1,那一定能找到一个多余的操作
现在我们知道了目标状态,
那么怎么求解呢
最坏情况下,对于每个不满足目标状态的叶子结点,
修改与ta直接相连的边,这就是最大步数了
如果要减少步数,那修改操作就要尽量靠近根
那我们从叶子结点向上递推一遍
设f[i]表示以i为根的子树中,叶节点到i的最大值
ans=
不明白就看图:
tip
注意t的范围,开ll
这里写代码片#include<cstdio>#include<iostream>#include<cstring>#define ll long longusing namespace std;const int N=500010;struct node{ int x,y,v,nxt;};node way[N<<1];int n,root,tot=0,st[N],mx=0;ll f[N],ans=0;ll max(ll a,ll b){if (a>b) return a;else return b;}void add(int u,int w,int z){ tot++; way[tot].x=u;way[tot].y=w;way[tot].v=z;way[tot].nxt=st[u];st[u]=tot; tot++; way[tot].x=w;way[tot].y=u;way[tot].v=z;way[tot].nxt=st[w];st[w]=tot;}void dfs(int now,int fa){ int i,j; for (i=st[now];i;i=way[i].nxt) { if (way[i].y!=fa) { dfs(way[i].y,now); f[now]=max(f[now],f[way[i].y]+(ll)way[i].v); //f[i]表示以i为根的子树中,叶节点到i的最大值 } } for (i=st[now];i;i=way[i].nxt) if (way[i].y!=fa) ans+=f[now]-f[way[i].y]-way[i].v;}int main(){ scanf("%d",&n); scanf("%d",&root); for (int i=1;i<n;i++) { int u,w,z; scanf("%d%d%d",&u,&w,&z); add(u,w,z); } dfs(root,0); printf("%lld",ans); return 0;}
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