codeforces 839d Winter is here

一场给dalao们吐槽到不行。全场B题最后终测挂了9/10的div2。
hack频频出错。B题比D题还难的场。。
多校中插一脚cf。hhhhhhh

题目传送门

题意：
给一个序列，要求找一个可以不连续长度为k的子序列满足下标i1<i2<i3<...<ik
有满足p=gcd(ai1,ai2..aik),p>1可以贡献p * k的价值。
现在问对于这个序列的所有情况的贡献是多少。

思路：
其实可以不要被这个下标蒙蔽了。下标没什么的。只是限定你只能使用一次这个序列而已。
比赛的时候发现其实对于每一个位置答案就是i∗∑i∗Cin ，这里的n为这个数与这个数的倍数的总和。
然后答案可能有重复容斥一下就好了（本人容斥比较弱。就写过两次。估计如果比赛真要写容斥，脑子抽的话容斥怎么写都不对）
然后发现i∗Cin这个东西怎么那么难算啊。算不出啊。是不是思路错了。。然后就挂机一个钟了
其实dalao都说。不难发现。Cin=Ci−1n−1∗n/i
所以i∗Cin=n∗Ci−1n−1
然后∑Ci−1n−1明显等于2n−1
所以最后转换成n∗2n−1 即可

代码如下：

/*@resources: codeforces 839d@date: 2017-08-13@author: QuanQqqqq@algorithm: 容斥 */#include <bits/stdc++.h>#define ll long long#define MAXN 2000005#define MOD 1000000007using namespace std;ll tot[MAXN], mark[MAXN];ll c[MAXN];ll ksm(ll a, ll n) {    ll ans = 1, t = a;    while (n) {        if (n & 1) {            ans = (t * ans) % MOD;        }        t = (t * t) % MOD;        n >>= 1;    }       return ans;}int main() {    ll n, maxt = 0, tmp;    scanf("%lld", &n);    for (ll i = 0; i < n; i++) {        scanf("%lld", &tmp);        tot[tmp]++;        maxt = max(maxt, tmp);    }    for (ll i = 2; i <= maxt; i++) {        ll sum = 0;        for (ll j = i; j <= maxt; j += i) {            sum += tot[j];        }        if (sum == 0) {            continue;        }        if (mark[sum] != 0) {            c[i] = mark[sum];            continue;        }        c[i] = (sum * ksm(2, sum - 1)) % MOD;        mark[sum] = c[i];    }    ll ans = 0;    for (ll i = maxt; i >= 2; i--) {        for (ll j = i * 2; j <= maxt; j += i) {            c[i] -= c[j];            c[i] = (c[i] % MOD + MOD) % MOD;        }        ans += (c[i] * i) % MOD;        ans %= MOD;    }    printf("%lld\n", ans);}