【noip 2009】最优贸易
来源:互联网 发布:淘宝女装素材 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 07:58
题目描述
C 国有 n 个大城市和 m 条道路,每条道路连接这 n 个城市中的某两个城市。任意两个城市之间最多只有一条道路直接相连。这 m 条道路中有一部分为单向通行的道路,一部分为双向通行的道路,双向通行的道路在统计条数时也计为 1 条。
C 国幅员辽阔,各地的资源分布情况各不相同,这就导致了同一种商品在不同城市的价格不一定相同。但是,同一种商品在同一个城市的买入价和卖出价始终是相同的。
商人阿龙来到 C 国旅游。当他得知同一种商品在不同城市的价格可能会不同这一信息之后,便决定在旅游的同时,利用商品在不同城市中的差价赚回一点旅费。设 C 国 n 个城市的标号从 1~ n,阿龙决定从 1 号城市出发,并最终在 n 号城市结束自己的旅行。在旅游的过程中,任何城市可以重复经过多次,但不要求经过所有 n 个城市。阿龙通过这样的贸易方式赚取旅费:他会选择一个经过的城市买入他最喜欢的商品――水晶球,并在之后经过的另一个城市卖出这个水晶球,用赚取的差价当做旅费。由于阿龙主要是来 C 国旅游,他决定这个贸易只进行最多一次,当然,在赚不到差价的情况下他就无需进行贸易。
现在给出 n 个城市的水晶球价格,m 条道路的信息(每条道路所连接的两个城市的编号以及该条道路的通行情况)。请你告诉阿龙,他最多能赚取多少旅费。
输入格式:
第一行包含 2 个正整数 n 和 m,中间用一个空格隔开,分别表示城市的数目和道路的数目。
第二行 n 个正整数,每两个整数之间用一个空格隔开,按标号顺序分别表示这 n 个城市的商品价格。
接下来 m 行,每行有 3 个正整数,x,y,z,每两个整数之间用一个空格隔开。如果 z=1,表示这条道路是城市 x 到城市 y 之间的单向道路;如果 z=2,表示这条道路为城市 x 和城市y 之间的双向道路。输出格式:
输出包含 1 个整数,表示最多能赚取的旅费。如果没有进行贸易,则输出 0。
数据范围
对于 100%的数据,1≤n≤100000,1≤m≤500000,1≤x,y≤n,1≤z≤2,1≤各城市水晶球价格≤100。
这道题好像两遍bfs就能过…
不过不能颓废,抱着学习新知识的目的我作死写了tarjan缩点…
然后调了一个多小时都调不对结果犯了个sb错…
说说思路,这道题看起来处理出minw[i]表示能到达i点的最低价格,然后用i点的价格减去minw就是在改点卖出的最大收益,再对于所有点取max就好啦。可是怎么处理minw?
智障dp啊!
对于点v,枚举所有能到达v的点u,dp[v]=min(w[v],dp[u])。所以反向建图,从终点往前dfs,回溯的时候更新minw就可以。
好像哪里有问题!这不是一个DAG,所以要小心点。图中可能有环,这就说明龙龙可以在图中某些地方来回跑,因为dfs的时候每个点只访问一次(要不然复杂度爆炸),所以dfs的minw不一定是真正的minw。
要是这是一个DAG就好啦!
Tarjan算法登场了!
Tarjan就是 一个人 一种dfs来求强联通分量的算法,对于每个dfs到的点i有DFN[i]表示i号点被搜索到的编号,low[i]表示i所能回溯到最早的点的编号。每搜索到一个点就把它压入栈里,如果一个点u所到达的点v在栈里,那么就尝试用DFN[v]更新low[u]。回溯的时候,也尝试用low[v]更新low[u],因为v能到的点u一定能到;如果回溯到点u,DFN[u]=low[u],那说明u是它所在强联通分量的第一个点,这时候从栈里弹出它和它顶部的元素,并把这些元素放在一个集合里(有点像并查集),也就是belong数组的作用。
那怎么变成DAG?
把所有的环变成一个点!
因为龙龙可以在环里随便走动,所以就跟一个点没什么区别辣!只不过这个点最小水晶球的价值是强联通分量中每个点的价值取min,最大值就是取max。
搞定DAG,剩下的无脑dp就行了。
语文水平受限,感觉说的不是很清楚,看代码吧:
#include<cstdio>#include<iostream>#include<algorithm>#include<stack>using namespace std;struct edge{ int to,next;}ed1[1000001],ed2[1000001];struct node{ int u,v;}tmped[1000001];int head1[100001]={0},head2[100001]={0};int DFN[100001]={0},low[100001]={0};int dp[100001],w[100001]; //dp[i]表示i和i点前买入卖出的最大收益int maxw[100001],minw[100001];int n,m,cnt=1,size1=0,size2=0;bool inst[100001]={0};bool vis[100001]={0};int belong[100001]={0};stack <int> st;bool cmp(node a,node b){ if(a.u!=b.u) return a.u<b.u; if(a.v!=b.v) return a.v<b.v;}void read(int &x){ char c=getchar();x=0; while(c<'0'||c>'9') c=getchar(); while(c>='0'&&c<='9') x=x*10+c-'0',c=getchar();}void add1(int from,int to){ size1++; ed1[size1].to=to; ed1[size1].next=head1[from]; head1[from]=size1;}void add2(int from,int to){ size2++; ed2[size2].to=to; ed2[size2].next=head2[from]; head2[from]=size2;}void Tarjan(int u){ DFN[u]=low[u]=++cnt; st.push(u);inst[u]=1; for(int i=head1[u];i;i=ed1[i].next) { int v=ed1[i].to; if(!DFN[v]) { Tarjan(v); low[u]=min(low[u],low[v]); } else if(inst[v]) low[u]=min(low[u],DFN[v]); } int now; if(DFN[u]==low[u]) { maxw[u]=0,minw[u]=1e9; do{ now=st.top(); st.pop(); inst[now]=0; belong[now]=u; //代表元素是u maxw[u]=max(maxw[u],w[now]); //处理这个强联通分量的最大价格 minw[u]=min(minw[u],w[now]); //最小价格 } while(now!=u); }}void shrink() //缩点{ int p=0; for(int u=1;u<=n;u++) { for(int i=head1[u];i;i=ed1[i].next) { int v=ed1[i].to; if(belong[u]!=belong[v]) //如果两个点不在一个强联通分量里,那么这两个强联通分量之间需要连边 { tmped[++p].u=belong[u]; //一定是belong! tmped[p].v=belong[v]; } } } sort(tmped+1,tmped+p+1,cmp); int j; for(int i=1;i<=p;i=j) //去重,stl的去重感觉不是很好用... { add2(tmped[i].v,tmped[i].u); j=i+1; while(j<=p&&tmped[j].u==tmped[i].u&&tmped[j].v==tmped[i].v) j++; }}void dfs(int u){ for(int i=head2[u];i;i=ed2[i].next) { int v=ed2[i].to; if(!vis[v]) { vis[v]=1; dfs(v); } minw[u]=min(minw[u],minw[v]); dp[u]=max(dp[u],dp[v]); dp[u]=max(dp[u],maxw[u]-minw[u]); }}int main(){ read(n),read(m); for(int i=1;i<=n;i++) { read(w[i]); } int x,y,z; for(int i=1;i<=m;i++) { read(x),read(y),read(z); add1(x,y); if(z==2) add1(y,x); } for(int i=1;i<=n;i++) { if(!DFN[i]) Tarjan(i); //如果这个点没有序号也就是没搜过,就搜它 } shrink(); dfs(belong[n]); //一定是belong[n]!因为原来的n可能缩掉了! printf("%d",dp[belong[n]]); return 0;}
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