BZOJ3160(NTT+manacher)
来源:互联网 发布:h3c 查看当前端口配置 编辑:程序博客网 时间:2024/05/24 06:31
题面
题目定义的回文序列,指的是以某个位置(可以为间隙)为对称轴,左右两端对应位置相等的序列。
比如在串baababbbb中,
b__bab__b是一个回文子序列
给你一个仅包含’a’和‘b’的字符串,问有多少个非连续的回文子序列。
我对回文的认识只有manacher,能求出所有的回文串,显然回文串是连续的回文子序列,并不属于答案,大概是要最后减掉的。
那么原问题就变成了问原串有多少个回文子序列。
先不考虑对称轴为间隙的情况
假设对于位置x,设f[x]为其左右各有f[x]个字符关于x对称(包括x),那么根据二项式定理,这个对答案的贡献为 2^f[x]-1。
f[x]显然可以暴力求,设原串为s,下标从0开始,大概是这样的
由于x-i+x+i=2*x,这就是一个果的卷积,跑一遍NTT即可,对称轴为间隙也类似。
于是答案=回文序列的数量-回文串的数量
从不担心会T的ntt
#include <iostream>#include <fstream>#include <algorithm>#include <cmath>#include <ctime>#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>using namespace std;#define mmst(a, b) memset(a, b, sizeof(a))#define mmcp(a, b) memcpy(a, b, sizeof(b))typedef long long LL;const int N=(1<<19)+15,oo=1e9;const LL g=3,p=1004535809,mo=1e9+7;int n,rev[N];char cc[N];LL cheng(LL a,LL b,LL saber){ LL ans=1ll; for(;b;b>>=1,a=a*a%saber) if(b&1) ans=ans*a%saber; return ans;}void init(int lim){ int k=-1; n=1; while(n<lim) n<<=1,k++; for(int i=0;i<n;i++) rev[i]=(rev[i>>1] >> 1) | ((i&1)<<k);}void ntt(LL *a,bool ops){ for(int i=0;i<n;i++) if(i<rev[i]) swap(a[i],a[rev[i]]); for(int l=2;l<=n;l<<=1) { int m=l>>1; LL wn; if(ops) wn=cheng(g,(p-1)/l,p); else wn=cheng(g,p-1-(p-1)/l,p); for(int i=0;i<n;i+=l) { LL w=1; for(int k=0;k<m;k++) { LL t=w*a[i+k+m]%p; a[i+k+m]=(a[i+k]-t+p)%p; a[i+k]=(a[i+k]+t)%p; w=w*wn%p; } } } if(!ops) { LL Inv=cheng(n,p-2,p); for(int i=0;i<n;i++) a[i]=a[i]*Inv%p; }}LL aa[N],bb[N],ans=0;int bl[N],ss[N];void manacher(int lancer){ int ret=0,mx=0,id=0; bl[0]=1; for(int i=1;i<lancer;i++) { if(mx>i) bl[i]=min(bl[2*id-i],mx-i); else bl[i]=1; while(ss[i-bl[i]]==ss[i+bl[i]]) bl[i]++; if(mx<=bl[i]+i) mx=bl[i]+i-1,id=i; }}int main(){ scanf("%s",cc); int len=strlen(cc); for(int i=0;i<len;i++) if(cc[i]=='a') aa[i]=1; else bb[i]=1; ss[0]=4; for(int i=0;i<len;i++) { ss[i*2+1]=3; ss[i*2+2]=aa[i]+1; } ss[len*2+1]=3; manacher(len*2+1); init(2*len+1); ntt(aa,1); for(int i=0;i<n;i++) aa[i]=aa[i]*aa[i]%p; ntt(aa,0); ntt(bb,1); for(int i=0;i<n;i++) bb[i]=bb[i]*bb[i]; ntt(bb,0); for(int i=0;i<n;i++) ans=(ans+cheng(2,(aa[i]+bb[i]+1)/2,mo)-1)%mo; for(int i=0;i<n;i++) ans=(ans-bl[i]/2+mo)%mo; cout<<ans<<endl; return 0;}
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