Kanade's trio
来源:互联网 发布:淘宝天天疯狂购入口 编辑:程序博客网 时间:2024/06/02 05:15
HDU 6059
求有多少对(i < j < k),满足a[i] xor a[j] < a[j] xor a[k]。
一开始想着就是枚举j,维护两颗字典树G、F,分别记录[1,j-1] , [j+1,n]的数(二进制)以及出现的次数。对于每一次查找一开始没想好,先试试直接深搜,即每次找前面都相同的,当前值会使得产生a[i] xor a[j] < a[j] xor a[k]形式的进行相乘算入答案中,但是这样肯定超时,因为对于每一个节点都会对0、1两边进行深搜,即使加了优化也不行。那么看回上面的思路,只有当前面的都相同,当前位出现差异的才有可能算入答案,那么在维护字典树的同时维护一个num[i][0/1]数组,num[i][0]表示在当前枚举的j维护完之后,在字典树G和F中,前i-1位相同,第i位G中为0,F中为1的个数。同理num[i][1]就是相反,G为1,F为0的个数。维护好num,只需要对a[j]的二进制形式进行扫描,如果第i位为1,那么贡献就是num[i][1],否则为num[i][0]。
当时赶时间代码写得比较丑…
#include <bits/stdc++.h>#include <vector>using namespace std;const int maxn = 500050;struct Node { int t; int p0, p1; Node() {t = p0 = p1 = 0;} Node(int tt): t(tt) {p0 = p1 = 0;}};vector<Node> G, F;long long ans, num[35][2];int b[35], n, a[maxn];void add(vector<Node> &a, int t) { int temp[35] = {0}; for (int i = 1; i <= 30; i++) { temp[i] = t%2; t /= 2; } int x = 0; a[x].t++; for (int i = 30; i >= 1; i--) { if (temp[i]) { if (a[x].p1 == 0) { a.push_back(Node(1)); a[x].p1 = a.size()-1; x = a[x].p1; } else { x = a[x].p1; a[x].t++; } } else { if (a[x].p0 == 0) { a.push_back(Node(1)); a[x].p0 = a.size()-1; x = a[x].p0; } else { x = a[x].p0; a[x].t++; } } }}void insert(int t) { int temp[35] = {0}; for (int i = 1; i <= 30; i++) { temp[i] = t%2; t /= 2; } int x = 0, y = 0; G[x].t++; for (int i = 30; i >= 1; i--) { if (temp[i]) {// 11111111111111111111111111 if (G[x].p1 == 0) { G.push_back(Node(1)); G[x].p1 = G.size()-1; if (y != -1 && F[y].p0) { num[i][1] += F[F[y].p0].t; } x = G[x].p1; if (y != -1 && F[y].p1) y = F[y].p1; else y = -1; } else { G[G[x].p1].t++; if (y != -1 && F[y].p0) { num[i][1] += F[F[y].p0].t; } x = G[x].p1; if (y != -1 && F[y].p1) y = F[y].p1; else y = -1; } } else {//000000000000000000 if (G[x].p0 == 0) { G.push_back(Node(1)); G[x].p0 = G.size()-1; if (y != -1 && F[y].p1) { num[i][0] += F[F[y].p1].t; } x = G[x].p0; if (y != -1 && F[y].p0) y = F[y].p0; else y = -1; } else { G[G[x].p0].t++; if (y != -1 && F[y].p1) { num[i][0] += F[F[y].p1].t; } x = G[x].p0; if (y != -1 && F[y].p0) y = F[y].p0; else y = -1; } } }}void cancel(int t) { int temp[35] = {0}; for (int i = 1; i <= 30; i++) { temp[i] = t%2; t /= 2; } int x = 0, y = 0; F[y].t--; for (int i = 30; i >= 1; i--) { if (temp[i]) {///////1111111111111 if (x != -1 && G[x].p0) { num[i][0] -= G[G[x].p0].t; } y = F[y].p1; F[y].t--; if (x != -1 && G[x].p1) x = G[x].p1; else x = -1; } else {///00000000000000000 if (x != -1 && G[x].p1) { num[i][1] -= G[G[x].p1].t; } y = F[y].p0; F[y].t--; if (x != -1 && G[x].p0) x = G[x].p0; else x = -1; } }}void init() { G.clear(); F.clear(); G.push_back(Node(0)); F.push_back(Node(0)); memset(num, 0, sizeof(num)); ans = 0; scanf("%d", &n); for (int i = 1; i <= n; i++) { scanf("%d", &a[i]); if (i >= 2) add(F, a[i]); }}void dfs(int x, int y, int z) { if (z <= 0) return; if (G[x].t == 0 || F[y].t == 0) return; if (b[z]) { if (G[x].p1 && F[y].p0) ans += 1LL*G[G[x].p1].t*F[F[y].p0].t; } else { if (G[x].p0 && F[y].p1) ans += 1LL*G[G[x].p0].t*F[F[y].p1].t; } if (G[x].p0 && F[y].p0) dfs(G[x].p0, F[y].p0, z-1); if (G[x].p1 && F[y].p1) dfs(G[x].p1, F[y].p1, z-1);}void work() { for (int i = 2; i < n; i++) { insert(a[i-1]); cancel(a[i]); int t = a[i]; memset(b, 0, sizeof(b)); for (int i = 1; i <= 30; i++) { b[i] = t%2; t /= 2; } //dfs(0, 0, 30); for (int i = 1; i <= 30; i++) { if (b[i]) { ans += num[i][1]; } else { ans += num[i][0]; } } //printf("%d ", ans); } printf("%lld\n", ans);}int main() { int T; scanf("%d", &T); while (T--) { init(); work(); }}
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