HDOJ4857 反向建图+优先队列
来源:互联网 发布:moxa串口调试 linux 编辑:程序博客网 时间:2024/05/29 13:01
逃生
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 5725 Accepted Submission(s): 1675
Problem Description
糟糕的事情发生啦,现在大家都忙着逃命。但是逃命的通道很窄,大家只能排成一行。
现在有n个人,从1标号到n。同时有一些奇怪的约束条件,每个都形如:a必须在b之前。
同时,社会是不平等的,这些人有的穷有的富。1号最富,2号第二富,以此类推。有钱人就贿赂负责人,所以他们有一些好处。
负责人现在可以安排大家排队的顺序,由于收了好处,所以他要让1号尽量靠前,如果此时还有多种情况,就再让2号尽量靠前,如果还有多种情况,就让3号尽量靠前,以此类推。
那么你就要安排大家的顺序。我们保证一定有解。
现在有n个人,从1标号到n。同时有一些奇怪的约束条件,每个都形如:a必须在b之前。
同时,社会是不平等的,这些人有的穷有的富。1号最富,2号第二富,以此类推。有钱人就贿赂负责人,所以他们有一些好处。
负责人现在可以安排大家排队的顺序,由于收了好处,所以他要让1号尽量靠前,如果此时还有多种情况,就再让2号尽量靠前,如果还有多种情况,就让3号尽量靠前,以此类推。
那么你就要安排大家的顺序。我们保证一定有解。
Input
第一行一个整数T(1 <= T <= 5),表示测试数据的个数。
然后对于每个测试数据,第一行有两个整数n(1 <= n <= 30000)和m(1 <= m <= 100000),分别表示人数和约束的个数。
然后m行,每行两个整数a和b,表示有一个约束a号必须在b号之前。a和b必然不同。
然后对于每个测试数据,第一行有两个整数n(1 <= n <= 30000)和m(1 <= m <= 100000),分别表示人数和约束的个数。
然后m行,每行两个整数a和b,表示有一个约束a号必须在b号之前。a和b必然不同。
Output
对每个测试数据,输出一行排队的顺序,用空格隔开。
Sample Input
15 103 51 42 51 23 41 42 31 53 51 2
Sample Output
1 2 3 4 5
Author
CLJ
Source
BestCoder Round #1
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要求让编号小的尽可能先走。。
算法流程:
把所有出度为 0 的节点放进优先队列Q
WHILE: Q不是空队列
从 Q 中取出编号最大的元素 a,把 a 添加到答案的头部。
FOR:所有指向 a 的边 b → a
把 b 的出度减 1。如果 b 的出度变为 0,则把 b 放进优先队列Q
WHILE: Q不是空队列
从 Q 中取出编号最大的元素 a,把 a 添加到答案的头部。
FOR:所有指向 a 的边 b → a
把 b 的出度减 1。如果 b 的出度变为 0,则把 b 放进优先队列Q
就是反向建图+优先队列。。
#include <iostream>#include <ctime>#include <cstring>#include <queue>#include <vector>using namespace std;const int maxn = 3e4+5;int i,j,k,m,n,out[maxn];vector<int>G[maxn];int que[maxn];void init(){ int a,b; cin >> n >> m; for (i=0; i<=n; i++) {out[i]=0; G[i].clear();} for (i=1; i<=m; i++) { cin >> a >> b; out[a]++; G[b].push_back(a); }}void tuopu(){ priority_queue<int>Q; int x=n,u,v; for (i=1; i<=n; i++) if (out[i]==0) Q.push(i); while (!Q.empty()){ u = Q.top(); Q.pop(); que[x--] = u; for (i=0; i<G[u].size(); i++) { if (--out[G[u][i]]==0) Q.push(G[u][i]); } }}void output(){ for (i=1; i<n; i++) cout << que[i] << " "; cout << que[n] << endl;}int main(){ std::ios::sync_with_stdio(false); int T; cin >> T; while (T--) { init(); tuopu(); output(); } return 0;}
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