莫(bao)队(li)算法
来源:互联网 发布:斗地主辅助软件 编辑:程序博客网 时间:2024/05/01 19:45
- 前言
- 举个栗子
- JZOJ1902
- 神奇的分块
- Why
- code
- JZOJ1942
- 带修莫队
- code
- JZOJ1902
- 后记
前言
RT,莫队算法的真名应该叫做
一个优雅的暴力(引自Alan_Cty)
举个栗子
JZOJ1902
Description
作为一个生活散漫的人,小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天,小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程,于是他决定听天由命……
具体来说,小Z把这N只袜子从1到N编号,然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双,甚至不在意两只袜子是否一左一右,他却很在意袜子的颜色,毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z,他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然,小Z希望这个概率尽量高,所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
输入文件第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量,M为小Z所提的询问的数量。
接下来一行包含N个正整数Ci,其中Ci表示第i只袜子的颜色,相同的颜色用相同的数字表示。
再接下来M行,每行两个正整数L,R表示一个询问。
Output
输出文件包含M行,对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1,否则输出的A/B必须为最简分数。(详见样例)
Sample Input
6 4
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
2/5
0/1
1/1
4/15
Data Constraint
Hint
【样例解释】
询问1:共C(5,2)=10种可能,其中抽出两个2有1种可能,抽出两个3有3种可能,概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2:共C(3,2)=3种可能,无法抽到颜色相同的袜子,概率为0/3=0/1。
询问3:共C(3,2)=3种可能,均为抽出两个3,概率为3/3=1/1。
注:上述C(a, b)表示组合数,组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据范围】
30%的数据中 N,M ≤ 5000;
60%的数据中 N,M ≤ 25000;
100%的数据中 N,M ≤ 50000,1 ≤ L < R ≤ N,Ci ≤ N。
很显然,线段树之类的不能满足题目要求的乱搞。
直接暴力的话时间就是
思考一种更加优(bao)美 (li)的算法,
假设已知当前询问的答案,能否推向下一个询问?
显然可以。公式什么的自己想
可以通过
只不过这样暴力去搞的话时间是
爆炸*2
所以我们的目标就是让指针移动次数尽量小的情况下,安排好处理询问的顺序。
当然可以直接平面上的曼哈顿距离最小生成树,不过时间是
不过有一种神奇的曼哈顿距离最小生成树,时间是
神奇的分块
当然,如果要用上面的玄学操作,莫队算法就不可能这么普及。
考虑用分块大法。
对于询问
这样搞不一定能保证距离最小,但是能在距离相对小的情况下时间也相对小。
Why
因为分块避免了以下的情况:
暴力排序的话,要这样走:
明显浪费时间。
分块的话,要这样走(灰线为分界线):
少走多少不言而喻。
还有,分块最好是分成大小为
时间复杂度是
code
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cmath>#include <string.h>#define fo(a,b,c) for (a=b; a<=c; a++)#define fd(a,b,c) for (a=b; a>=c; a--)using namespace std;long long a[50001];long long b[50001];long long c[50001];long long d[50001];long long fk[50001];long long ans[50001];long long ans2[50001];long long num[50001];long long n,m,i,j,k,sum,l,r;float sq;long long gcd(long long x,long long y){ long long r; if (x==0) return y; r=x%y; while (r) { x=y; y=r; r=x%y; } return y;}void qsort(long long l,long long r){ long long i,j,k,mid,mid2; i=l; j=r; mid=fk[(l+r)/2]; mid2=c[(l+r)/2]; while (i<=j) { while ((fk[i]<mid)||((fk[i]==mid)&&(c[i]<mid2))) i++; while ((fk[j]>mid)||((fk[j]==mid)&&(c[j]>mid2))) j--; if (i<=j) { k=fk[i]; fk[i]=fk[j]; fk[j]=k; k=b[i]; b[i]=b[j]; b[j]=k; k=c[i]; c[i]=c[j]; c[j]=k; k=d[i]; d[i]=d[j]; d[j]=k; i++; j--; } } if (l<j) qsort(l,j); if (i<r) qsort(i,r); return;}int main(){ scanf("%d%d",&n,&m); sq=sqrt(n); fo(i,1,n) scanf("%d",&a[i]); fo(i,1,m) { scanf("%d%d",&b[i],&c[i]); d[i]=i; fk[i]=floor(b[i]/sq); } qsort(1,m); l=b[1]; r=c[1]; sum=0; fo(i,l,r) { if (num[a[i]]>1) sum-=num[a[i]]*(num[a[i]]-1); num[a[i]]++; if (num[a[i]]>1) sum+=num[a[i]]*(num[a[i]]-1); } ans[d[1]]=sum/2; ans2[d[1]]=r-l+1; ans2[d[1]]*=(ans2[d[1]]-1); ans2[d[1]]/=2; j=gcd(ans[d[1]],ans2[d[1]]); ans[d[1]]/=j; ans2[d[1]]/=j; fo(i,2,m) { if (l>b[i]) { fd(j,l-1,b[i]) { if (num[a[j]]>1) sum-=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); num[a[j]]++; if (num[a[j]]>1) sum+=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); } l=b[i]; } if (r<c[i]) { fo(j,r+1,c[i]) { if (num[a[j]]>1) sum-=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); num[a[j]]++; if (num[a[j]]>1) sum+=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); } r=c[i]; } if (l<b[i]) { fo(j,l,b[i]-1) { if (num[a[j]]>1) sum-=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); num[a[j]]--; if (num[a[j]]>1) sum+=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); } l=b[i]; } if (r>c[i]) { fd(j,r,c[i]+1) { if (num[a[j]]>1) sum-=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); num[a[j]]--; if (num[a[j]]>1) sum+=num[a[j]]*(num[a[j]]-1); } r=c[i]; } ans[d[i]]=sum/2; ans2[d[i]]=c[i]-b[i]+1; ans2[d[i]]*=(ans2[d[i]]-1); ans2[d[i]]/=2; j=gcd(ans[d[i]],ans2[d[i]]); ans[d[i]]/=j; ans2[d[i]]/=j; } fo(i,1,m) printf("%d%c%d\n",ans[i],'/',ans2[i]);}
JZOJ1942
Description
墨墨购买了一套N支彩色画笔(其中有些颜色可能相同),摆成一排,你需要回答墨墨的提问。墨墨会像你发布如下指令:
1、 Q L R代表询问你从第L支画笔到第R支画笔中共有几种不同颜色的画笔。
2、 R P Col 把第P支画笔替换为颜色Col。
为了满足墨墨的要求,你知道你需要干什么了吗?
Input
第1行两个整数N,M,分别代表初始画笔的数量以及墨墨会做的事情的个数。
第2行N个整数,分别代表初始画笔排中第i支画笔的颜色。
第3行到第2+M行,每行分别代表墨墨会做的一件事情,格式见题干部分。
Output
对于每一个Query的询问,你需要在对应的行中给出一个数字,代表第L支画笔到第R支画笔中共有几种不同颜色的画笔。
Sample Input
6 5
1 2 3 4 5 5
Q 1 4
Q 2 6
R 1 2
Q 1 4
Q 2 6
Sample Output
4
4
3
4
Data Constraint
Hint
【数据规模】
对于40%数据,只包含第一类操作(无修改操作),且。
除此之外的20%的数据,N,M≤1000
对于100%的数据,N≤10000,M≤10000,修改操作不多于1000次,所有的输入数据中出现的所有整数均大于等于1且不超过10^6。
带修莫队
顾名思义,就是带修改功能的莫队算法。
当然肯定是离线的啊~
按照修改次数为第三关键字排序,每次先修改,再更新,如果在当前区间范围内的要修改维护的颜色序列。
其实很简单~~
时间复杂度十分玄学,是O(N^(5/3))。
每块大小最好为N^(2/3)。
证明看各种大牛的博客。
code
#include <iostream>#include <cstdio>#include <string.h>#include <cmath>#define fo(a,b,c) for (a=b; a<=c; a++)#define fd(a,b,c) for (a=b; a>=c; a--)using namespace std;int n,m,i,j,k,n1,n2,l,r,s,ans;int a[10001][5];int b[10001];int bb[10001];int cg[10001][3];int num[1000001];int anss[10001];char ch;double sq;string sssss;void qsort(int l,int r){ int i,j,k,mid1,mid2,mid3; i=l; j=r; mid1=a[(l+r)/2][3]; mid2=a[(l+r)/2][1]; mid3=a[(l+r)/2][2]; while (i<=j) { while ((a[i][3]<mid1)||((a[i][3]==mid1)&&(a[i][1]<mid2))||((a[i][3]==mid1)&&(a[i][1]==mid2)&&(a[i][2]<mid3))) i++; while ((a[j][3]>mid1)||((a[j][3]==mid1)&&(a[j][1]>mid2))||((a[j][3]==mid1)&&(a[j][1]==mid2)&&(a[j][2]>mid3))) j--; if (i<=j) { k=a[i][0]; a[i][0]=a[j][0]; a[j][0]=k; k=a[i][1]; a[i][1]=a[j][1]; a[j][1]=k; k=a[i][2]; a[i][2]=a[j][2]; a[j][2]=k; k=a[i][3]; a[i][3]=a[j][3]; a[j][3]=k; k=a[i][4]; a[i][4]=a[j][4]; a[j][4]=k; i++; j--; } } if (l<j) qsort(l,j); if (i<r) qsort(i,r); return;}int main(){ cin>>n>>m; fo(i,1,n) { cin>>b[i]; bb[i]=b[i]; } sq=sqrt(n); fo(i,1,m) { cin>>ch>>j>>k; if (ch=='Q') { n1++; a[n1][0]=j; a[n1][1]=k; a[n1][2]=n2; a[n1][3]=floor(j/sq); a[n1][4]=n1; } else { n2++; cg[n2][0]=j; cg[n2][1]=k; cg[n2][2]=b[j]; b[j]=k; } } fo(i,1,n) b[i]=bb[i]; qsort(1,n1); l=0; r=0; s=0; ans=0; fo(i,1,n1) { if (s<a[i][2]) { fo(j,s+1,a[i][2]) { if ((l<=cg[j][0]) && (cg[j][0]<=r)) { num[b[cg[j][0]]]--; if (num[cg[j][2]]==0) ans--;//修正--2017年9月20日20点46分 num[cg[j][1]]++; if (num[cg[j][1]]==1) ans++;//修正--2017年9月20日20点46分 } b[cg[j][0]]=cg[j][1]; } s=a[i][2]; } else if (s>a[i][2]) { fd(j,s,a[i][2]+1) { if ((l<=cg[j][0]) && (cg[j][0]<=r)) { num[b[cg[j][0]]]--; if (num[cg[j][1]]==0) ans--;//修正--2017年9月20日20点46分 num[cg[j][2]]++; if (num[cg[j][2]]==1) ans++;//修正--2017年9月20日20点46分 } b[cg[j][0]]=cg[j][2]; } s=a[i][2]; } if (l>a[i][0]) { fd(j,l-1,a[i][0]) { num[b[j]]++; if (num[b[j]]==1) ans++; } l=a[i][0]; } if (r<a[i][1]) { fo(j,r+1,a[i][1]) { num[b[j]]++; if (num[b[j]]==1) ans++; } r=a[i][1]; } if (l<a[i][0]) { fo(j,l,a[i][0]-1) { num[b[j]]--; if (num[b[j]]==0) ans--; } l=a[i][0]; } if (r>a[i][1]) { fd(j,r,a[i][1]+1) { num[b[j]]--; if (num[b[j]]==0) ans--; } r=a[i][1]; } anss[a[i][4]]=ans; } fo(i,1,n1) cout<<anss[i]<<endl;}
后记
莫队算法是解决离线问题的利器,对于在线问题就gg了。
关于带修莫队的代码有些错误,与2017年9月20日20点46分修正。
因为可能会出现多次修改同一个点同一个值的情况,
在JZOJ4594. 【NOIP2016模拟7.8】Dynamic len上有体现。
(大致和本题相同)
参考资料:
莫队算法
支(zi)持(ci)修改的莫队算法
莫队算法学习小记
- 莫(bao)队(li)算法
- Jianqiang Bao
- tian-xian-bao-bao, :-P
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