HDU5663 Hillan and the girl[莫比乌斯反演]
来源:互联网 发布:南京千米网络怎么样 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 05:06
U - Hillan and the girl
HDU - 5663题意:
给T组数据,每组数据有一个n和一个m,求,其中
题解:
我们反过来,先求出 gcd(i,j) 是平方数的组合个数,因为感觉这个更好算,然后用 n*m 减去这些个数就是答案了。
设 f(x) 为 gcd(i,j)=x 的个数
对应的设
那么,因为我们要算出全部的在 n 内的 gcd 等于平方数的个数。
就是说,我们要求出,这样子还是比较难算,我们交换一下求和的次序。
那么只要我们能求出每个 d 的,就能用分块加速算出结果了。
关于这一块的打表跟之前写的 BZOJ2818 有点像,同样用线性筛可以筛出结果 (当然也可以不用线性筛,两遍循环也同样可以不超时的筛出结果)。
① 当 d 是素数的时候,只有 x=1 符合,就是说 T(d)=μ(d)
② d%prim[j] != 0 意味着 d 中不包含 prim[j] 但是 d*prim[j] 中包含了,而莫比乌斯函数是个积性函数。而且 prim[j] 仅有一个。
③ d%prim[j] == 0 意味着 d 中包含了 pirm[j] 且大于 1 个
而莫比乌斯的值,只要 μ(x) 出现其中一个素因子的指数大于 1 ,那么 μ(x)=0 ,就是说这一项是等于 0 的。
那么剩下的就是
整理一下
能打表出这个结果,然后T(d)的前缀和,我们就可以用分块加速来算出最终结果了。
,
#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<cmath>#include<string>#include<algorithm>#include<queue>#include<stack>#include<set>#include<map>#include<vector>using namespace std;typedef long long ll;const int N=1e7+5;bool mark[N];int prim[N],mu[N],T[N],sum[N];int cnt;void initial(){ cnt=0; mu[1]=sum[1]=T[1]=1; for (int i=2 ; i<N ; ++i) { if (!mark[i]) { prim[cnt++]=i; mu[i]=T[i]=-1; } for (int j=0 ; j<cnt && i*prim[j]<N ; ++j) { mark[i*prim[j]]=1; if (!(i%prim[j])) { mu[i*prim[j]]=0; T[i*prim[j]]=T[i/prim[j]]; break; } mu[i*prim[j]]=-mu[i]; T[i*prim[j]]=T[i]*T[prim[j]]; } sum[i]=sum[i-1]+T[i]; }}int main(){ initial(); int T; scanf("%d",&T); while (T--) { int n,m; scanf("%d%d",&n,&m); if (n>m) swap(n,m); ll ans=0; for (int i=1,ed=0 ; i<=n ; i=ed+1) { ed=min(n/(n/i),m/(m/i)); ans+=(ll)(sum[ed]-sum[i-1])*(n/i)*(m/i); } ans=(ll)n*m-ans; printf("%lld\n",ans); } return 0;}
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