Codeforces854D Jury Meeting

题意：告诉你有n+1个城市，标号0-n，0号是个中心，然后其他n个点每个有一个智障他们都要到0点然后他们n个智障需要在0点至少共同py k天，然后再各自飞回各自原来的城市，飞机要么从0飞到一个城市，要么从一个城市飞到0
题解：我觉得我已经彻底咸鱼了，，，C做了贼久还是队友点了一下才觉得那么简单，，看D的时候已经有点放弃了=-=看题就在瞎看没看到加粗的那句话，感觉血崩。。其实已经想到了相当于两个过程，一个是从0到各个点，还有一个是从各个点到0，那么我们把边分成两类，一个是去0的一个是从0出来的。
那么很明显我们对两类边分别操作就好了。其实我也想到了遍历天数然后把两部分接起来但是。。。我也不造我在想什么反正混了最后20分钟QWQ
那么我们来总结一下QWQ
首先我们把变分成两类，一类是从其他城市到0的另一类是从0到其他城市的。我们先把每类边按照日期排序。设dp[i]是到如果第i天人到齐所需要的最小花费。这个dp[i]有两个要求，第一个是人到齐，第二个是最小。那么我们便利时间然后如果当前这个边的日期是当前日期的，那么我们进行判断，这个点有没有到过0，没有到过说明从这天以后可以到的人又多了一个，如果这个人到过，那么判断这个的人开销有没有变，如果变小了，更新一下这个人的开销，保证dp[i]里面的值是最小的。
那么我们发现从其他城市到0这个过程和从0到其它城市这个过程是相似的，只要倒着扫一遍就行了。那么我们用另一个数组存，之后我们的最终答案关注两个时间点第一个是第i天，这天是人到齐的天，第二个是i+k+1天这个天是开始有人走的天。如果第i天可以到齐并且第i+k+1天开始走可以走完那么我们更新一次答案。
我们设dp[i][0] 是第i天人到齐所需要的最小费用
dp[i][1]是第i天人开始走所需要的最小费用

#include<bits/stdc++.h>using namespace std;//thanks to pyf ...//thanks to qhl ...const int N = 1e6 + 7;struct Edge{    int d, u, c;    bool operator < (const Edge &rhs) const    {        return d < rhs.d;    }};vector<Edge> from0, to0;long long dp[N][2];long long cost[N];int main(){    ios :: sync_with_stdio(false);    int n, m, k;    while (cin >> n >> m >> k)    {        from0.clear(), to0.clear();        memset(dp, -1, sizeof(dp));        for (int i = 0; i < m; i++)        {            int d, f, t, c;            cin >> d >> f >> t >> c;            if (f == 0)                from0.push_back({d, t, c});            else                to0.push_back({d, f, c});        }        sort(from0.begin(), from0.end());        sort(to0.begin(), to0.end());        memset(cost, -1, sizeof(cost));        int l = 0;        long long temp = 0;        int sz = 0;        for (int i = 1; i <= 1e6; i++)        {            while (l < to0.size() && to0[l].d == i)            {                int u = to0[l].u, c = to0[l].c;                if (cost[u] == -1)                {                    sz ++ ;                    cost[u] = c;                    temp += c;                }                else if (cost[u] > c)                {                    temp -= (cost[u] - c);                    cost[u] = c;                }                l ++ ;            }            if (sz == n)                dp[i][0] = temp;        }        l = from0.size() - 1, sz = 0;        temp = 0;        memset(cost, -1, sizeof(cost));        for (int i = 1e6; i >= 1; i--)        {            while (l >= 0 && from0[l].d == i)            {                int u = from0[l].u , c = from0[l].c;                if (cost[u] == -1)                {                    sz ++;                    cost[u] = c;                    temp += c;                }                else if (cost[u] > c)                {                    temp -= (cost[u] - c);                    cost[u] = c;                }                l --;            }            if (sz == n)                dp[i][1] = temp;        }        long long ans = -1;        for (int i = 1; i <= 1e6; i++)        {            if (dp[i][0] != -1 && i + k + 1 <= 1e6 && dp[i + k + 1][1] != -1)            {                if (ans == -1)                    ans = dp[i][0] + dp[i + k + 1][1];                else                    ans = min(ans, dp[i][0] + dp[i + k + 1][1]);            }        }        printf("%lld\n", ans);    }}