BZOJ 1001[BeiJing2006]狼抓兔子 (网络流 Dinic)
来源:互联网 发布:美漫长相知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/06/03 04:08
1001: [BeiJing2006]狼抓兔子
Time Limit: 15 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 24061 Solved: 6086
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Description
现在小朋友们最喜欢的"喜羊羊与灰太狼",话说灰太狼抓羊不到,但抓兔子还是比较在行的,
而且现在的兔子还比较笨,它们只有两个窝,现在你做为狼王,面对下面这样一个网格的地形:
左上角点为(1,1),右下角点为(N,M)(上图中N=4,M=5).有以下三种类型的道路
1:(x,y)<==>(x+1,y)
2:(x,y)<==>(x,y+1)
3:(x,y)<==>(x+1,y+1)
道路上的权值表示这条路上最多能够通过的兔子数,道路是无向的. 左上角和右下角为兔子的两个窝,
开始时所有的兔子都聚集在左上角(1,1)的窝里,现在它们要跑到右下解(N,M)的窝中去,狼王开始伏击
这些兔子.当然为了保险起见,如果一条道路上最多通过的兔子数为K,狼王需要安排同样数量的K只狼,
才能完全封锁这条道路,你需要帮助狼王安排一个伏击方案,使得在将兔子一网打尽的前提下,参与的
狼的数量要最小。因为狼还要去找喜羊羊麻烦.
Input
第一行为N,M.表示网格的大小,N,M均小于等于1000.
接下来分三部分
第一部分共N行,每行M-1个数,表示横向道路的权值.
第二部分共N-1行,每行M个数,表示纵向道路的权值.
第三部分共N-1行,每行M-1个数,表示斜向道路的权值.
输入文件保证不超过10M
Output
输出一个整数,表示参与伏击的狼的最小数量.
Sample Input
3 4
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6
Sample Output
14
Dinic 网络流;
套模板, 此模板 已经优化过了, 所以不会超时;
源点 start 汇点 END
代码:
#include <iostream>#include <stdio.h>#include <algorithm>#include <math.h>#include <cmath>#include <cstring>#include <string>#include <queue>#include <stack>#include <stdlib.h>#include <list>#include <map>#include <set>#include <bitset>#include <vector>#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))#define findx(x) lower_bound(b+1,b+1+bn,x)-b#define FIN freopen("input.txt","r",stdin)#define FOUT freopen("output.txt","w",stdout)#define S1(n) scanf("%d",&n)#define SL1(n) scanf("%I64d",&n)#define S2(n,m) scanf("%d%d",&n,&m)#define SL2(n,m) scanf("%I64d%I64d",&n,&m)#define Pr(n) printf("%d\n",n)using namespace std;typedef long long ll;const int INF=0x3f3f3f3f;const double esp=1e-6;const int maxn=1e6+5;const int MOD=1e9+7;const int mod=1e9+7;int dir[5][2]={0,1,0,-1,1,0,-1,0};struct node{ int v,w,next; //u v 从 u-v 权值为w}edge[8*maxn];int head[maxn],num[maxn],start,END,cnt,sum;int n,m;void init(){ cnt=0; mem(head,-1);}void add(int u,int v,int w){ edge[cnt].v=v; edge[cnt].w=w; edge[cnt].next=head[u]; head[u]=cnt++; /*edge[cnt].v=u; edge[cnt].w=0; edge[cnt].next=head[v]; head[v]=cnt++; */}int bfs(){ queue<int>Q; mem(num,0); num[start]=1; Q.push(start); while(!Q.empty()) { int t=Q.front(); Q.pop(); if(t==END) return 1; for(int i=head[t];i!=-1;i=edge[i].next)// 链式前向星访问找增广路 { int t1= edge[i].v;//下一个节点 int t2= edge[i].w;// 当前点 权值 if(t2&&num[t1]==0)// 当前点存在 并且下一个点没有访问 { num[t1]=num[t]+1;// 点=1 if(t1==END)// 结束 return 1; Q.push(t1); } } } return 0;}int dfs(int u,int maxflow){ if(u==END) return maxflow; int res=0; for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next) { int t1=edge[i].v;// 下一个节点 int t2=edge[i].w;// 当前节点 if(t2&&num[t1]==num[u]+1) { int temp=dfs(t1,min(maxflow-res,t2));// 选择流 小的一部分 edge[i].w-=temp;// 正向减少 edge[i^1].w+=temp;//反向增加 res+=temp; if(maxflow==res) return res; } } if(!res) num[u]=-1; return res;}void Dinic(){ int ans=0; while(bfs()) { ans+=dfs(start,INF); } cout<<ans<<endl;}int main(){ while(~S2(n,m)) { init(); int x,y; int cost; start=1; END=n*m; for(int i=0;i<n;i++)// 横 for(int j=1;j<=m-1;j++) { S1(cost); x= i*m+j; y= x+1; add(x,y,cost); add(y,x,cost); } for(int i=0;i<n-1;i++)//列 for(int j=1;j<=m;j++) { S1(cost); x= i*m+j; y= x+m; add(x,y,cost); add(y,x,cost); } for(int i=0;i<n-1;i++)// 斜 for(int j=1;j<=m-1;j++) { S1(cost); x= i*m+j; y= x+m+1; add(x,y,cost); add(y,x,cost); } Dinic(); } return 0;}/*3 45 6 44 3 17 5 35 6 7 88 7 6 55 5 56 6 6*/
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