nyoj 20 吝啬的国度

吝啬的国度

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难度：3

描述

在一个吝啬的国度里有N个城市，这N个城市间只有N-1条路把这个N个城市连接起来。现在，Tom在第S号城市，他有张该国地图，他想知道如果自己要去参观第T号城市，必须经过的前一个城市是几号城市（假设你不走重复的路）。

输入

第一行输入一个整数M表示测试数据共有M(1<=M<=5)组
每组测试数据的第一行输入一个正整数N(1<=N<=100000)和一个正整数S(1<=S<=100000)，N表示城市的总个数，S表示参观者所在城市的编号
随后的N-1行，每行有两个正整数a,b(1<=a,b<=N)，表示第a号城市和第b号城市之间有一条路连通。

输出

每组测试数据输N个正整数，其中，第i个数表示从S走到i号城市，必须要经过的上一个城市的编号。（其中i=S时，请输出-1）

样例输入

110 11 91 88 1010 38 61 210 49 53 7

样例输出

-1 1 10 10 9 8 3 1 1 8

#pragma comment(linker, "/STACK:10240000000000,1024000000000")#include <iostream>#include <vector>#include <cstdio>#include <cstring>#include <bits/stdc++.h>#define maxn 100005using namespace std;vector<int > d[1000005];int pre[1000005];void DFS(int x){   for(int j=0;j<d[x].size();j++){         if(pre[d[x][j]]) continue; //若存在父节点则继续遍历          pre[d[x][j]] = x; //相连节点的父节点为cur          DFS(d[x][j]); //深搜究竟。把一条路上父节点所有找出          //cout<<"1"<<endl;   }}int main(){    int m;      cin>>m;    while(m--){        int n,s;          cin>>n>>s;        memset(pre,0,sizeof(pre));        memset(d, 0, sizeof(d));        pre[s]=-1;        for(int j=0;j<n-1;j++){            int x,y;            scanf("%d%d", &x, &y);            d[x].push_back(y);                  vector 还有这种操作?? 相当于 a[x][sum] = y ;  //sum 表示第几个            d[y].push_back(x);        }        DFS(s);        for(int i=1; i<=n; ++i){            printf("%d ", pre[i]);        }        cout<<endl;    }}