HihoCoder 1580 RMQ+DP
来源:互联网 发布:软件项目汇报 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 23:58
题意
给一个矩阵,必须要修改一个值,使得最大子矩阵和最大。求这个最大子矩阵和。
题解
这道题非常坑的一点在于最大子矩阵并不一定要包含修改的元素,题目只是问了最大子矩阵而已。
由于这道题没有繁复的修改操作,但是存在最大值查询这一条件,我们首先考虑RMQ。可以发现这个最大子矩阵和的问题RMQ是无法解决的,于是我们考虑用DP去处理,用RMQ去进行优化。
首先我们去枚举子矩阵包含哪些行,这个是O(N^2)的,勉强可以接受。然后我们需要计算每一列这些行的和,需要注意的是,对于一个上界来说,下界每次向下推移一格,是可以利用推移前的值的,这样可以节省大量的时间。
DP[I][J]代表第I列,J==0代表不选择替换该列中的一个元素,J==1代表选择替换该列中的一个元素。我们可以得到状态转移方程
dp[i][0]=max(dp[i-1][0]+b[i],b[i]);dp[i][1]=max(b[i]+p-rmq(i,x,y),max(dp[i-1][1]+b[i],dp[i-1][0]+b[i]+p-rmq(i,x,y)));
但是需要注意的是,首先对于i==0的情况要处理一下,防止越界。另外,更重要的是,对于j==0的情况要注意一下是从那个状态转移过来的,如果这个矩阵都没替换元素的话,是不合理的,所以不能选择x==0,y==n-1,i==m-1,pre[i]=0的dp[i][0]。
注意事项
由于查询次数很多,而长度可能性很小,RMQ长度对应的K值需要预处理出来,这样就可以做到O(1)的查询。
代码
#include<bits/stdc++.h>#define LL long long#define UP(i,l,h) for(int i=l;i<h;i++)#define DOWN(i,h,l) for(int i=h-1;i>=l;i--)#define W(t) while(t)#define INF 0x3f3f3f3f#define MEM(a,b) memset(a,b,sizeof(a))#define MAXN 2010using namespace std;int mp[MAXN][MAXN];int d[MAXN][MAXN][20];int dp[MAXN][2],pre[MAXN];int b[MAXN];int len[MAXN];int n,m,p;void rmq_init() { UP(j,0,m) UP(i,0,n) d[j][i][0]=mp[i][j]; UP(a,0,m) { for(int j=1; (1<<j)<=n; j++) { for(int i=0; i+(1<<j)-1<n; i++) { d[a][i][j]=min(d[a][i][j-1],d[a][i+(1<<(j-1))][j-1]); } } }}int rmq(int a,int l,int r) { int k=len[r-l+1]; return min(d[a][l][k],d[a][r-(1<<k)+1][k]);}int main() {// freopen("d://input.txt","r",stdin);// freopen("d://op1.txt","w",stdout); W(~scanf("%d%d%d",&n,&m,&p)) { UP(i,0,1010){ int k=0; W((1<<(k+1))<=i) k++; len[i]=k; } UP(i,0,n) UP(j,0,m) scanf("%d",&mp[i][j]); rmq_init(); int ans=-INF; UP(x,0,n) { MEM(b,0); MEM(dp,0); MEM(pre,0); UP(y,x,n) { UP(i,0,m) { b[i]+=mp[y][i]; if(i==0) { dp[i][0]=b[i]; pre[i]=0; dp[i][1]=b[i]+p-rmq(i,x,y); }else{ if(dp[i-1][0]+b[i]>b[i]){ dp[i][0]=dp[i-1][0]+b[i]; pre[i]=pre[i-1]; }else{ dp[i][0]=b[i]; pre[i]=i; } dp[i][1]=max(b[i]+p-rmq(i,x,y),max(dp[i-1][1]+b[i],dp[i-1][0]+b[i]+p-rmq(i,x,y))); } } UP(i,0,m){ if(!(i==m-1&&pre[i]==0&&x==0&&y==n-1)) ans=max(ans,dp[i][0]); ans=max(ans,dp[i][1]); }// cout<<ans<<" "<<x<<" "<<y<<endl; } } printf("%d\n",ans); }}
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