HDU 1175 连连看
来源:互联网 发布:杨修之死 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/06/04 14:32
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1175
连连看
Problem Description
“连连看”相信很多人都玩过。没玩过也没关系,下面我给大家介绍一下游戏规则:在一个棋盘中,放了很多的棋子。如果某两个相同的棋子,可以通过一条线连起来(这条线不能经过其它棋子),而且线的转折次数不超过两次,那么这两个棋子就可以在棋盘上消去。不好意思,由于我以前没有玩过连连看,咨询了同学的意见,连线不能从外面绕过去的,但事实上这是错的。现在已经酿成大祸,就只能将错就错了,连线不能从外围绕过。
玩家鼠标先后点击两块棋子,试图将他们消去,然后游戏的后台判断这两个方格能不能消去。现在你的任务就是写这个后台程序。
Input
输入数据有多组。每组数据的第一行有两个正整数n,m(0
/* 这道题和逃离迷宫是一样的套路,广搜套深搜,这个转弯的次数是固定的。在逃离迷宫的基础上多了几个条件需要满足:1.起点和终点不能重合2.起点和终点必须类型一样(即所代表的数字一样)3.所给起点终点所代表的数字都不能是0,因为0表示这个地方没有棋子。*/#include<stdio.h>#include<string.h>#include<algorithm>#include<queue>using namespace std;int to[4][2]={{-1,0},{0,1},{1,0},{0,-1}};int n,m,x1,y1,x2,y2,q;int map[1005][1005];int vis[1005][1005];struct node{ int x; int y; int turn;}pre,now;int check(int ex,int ey){ if(ex>=0&&ex<n&&ey>=0&&ey<m) return 0; return -1;}void bfs(){ queue<node>q; pre.x=x1; pre.y=y1; pre.turn=-1; vis[pre.x][pre.y]=1; q.push(pre); while(!q.empty()) { pre=q.front(); q.pop(); if(pre.turn>=2) { printf("NO\n"); return; } for(int i=0;i<4;i++) { now.x=pre.x+to[i][0]; now.y=pre.y+to[i][1]; now.turn=pre.turn+1; while(1) { if(check(now.x,now.y)==0&&(map[now.x][now.y]==0||now.x==x2&&now.y==y2)) {//第一次错在了now.x==x2&&now.y==y2这个条件的判断上, //我最初写的是map[now.x][now.y]==map[x2][y2] if(now.x==x2&&now.y==y2&&now.turn<=2) { printf("YES\n"); return; } if(!vis[now.x][now.y]) { vis[now.x][now.y]=1; q.push(now); } now.x=now.x+to[i][0]; now.y=now.y+to[i][1]; } else break; } } } printf("NO\n"); return;}int main(){ while(scanf("%d %d",&n,&m),n!=0||m!=0) { for(int i=0;i<n;i++) { getchar(); for(int j=0;j<m;j++) scanf("%d",&map[i][j]); } scanf("%d",&q); while(q--) { scanf("%d %d %d %d",&x1,&y1,&x2,&y2); y1-=1; x1-=1; y2-=1; x2-=1; memset(vis,0,sizeof(vis)); //下面几个条件判断是比逃离迷宫多出来的判断 if(map[x1][y1]!=map[x2][y2]) printf("NO\n"); else if(map[x1][y1]==0||map[x2][y2]==0) printf("NO\n"); else if(x1==x2&&y1==y2) printf("NO\n"); else bfs(); } } return 0;}
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