BZOJ 1584 [Usaco2009 Mar]Cleaning Up 打扫卫生 动态规划
来源:互联网 发布:fate extra 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/04/27 23:26
Description
有N头奶牛,每头那牛都有一个标号Pi,1 <= Pi <= M <= N <= 40000。现在Farmer John要把这些奶牛分成若干段,定义每段的不河蟹度为:若这段里有k个不同的数,那不河蟹度为k*k。那总的不河蟹度就是所有段的不河蟹度的总和。
Input
第一行:两个整数N,M
第2..N+1行:N个整数代表每个奶牛的编号
Output
一个整数,代表最小不河蟹度
Sample Input
13 4
1
2
1
3
2
2
3
4
3
4
3
1
4
1
2
1
3
2
2
3
4
3
4
3
1
4
Sample Output
11
HINT
传送门
好强啊……被虐爆了……
对着题解看了贼久才懂……
本来还想着主席树什么的都没想清楚就开打了结果白弄= =
很容易能够想到一个dp:f[i]=min{f[j]+【(j+1..i)的不同数字个数】^2}
2个问题,一个是1~i枚举j绝对会TLE,还有就是如何求出这个不同数字个数。
稍微观察一下可以发现,最烂的解是不会超过n的,也就是所有都独自一段;
也就是说,数字不同个数在根号n以上的段是不可能取的。
假如改写一下f[i]=min{f[pos[j]]+j*j},其中pos[j]是一个最近的位置,
满足:(pos[j]+1)~i的不同数字个数为j。
那么j的枚举只需要根号n了,总时间复杂度O(n根号n)
还有一个问题是怎么去求得pos[j]……
推荐一篇写得比较清楚的blog
其实对于每个i,首先统计一下(pos[j]+1)~i的不同数字个数cnt[j],
因为i是新加入的,加入i前一个出现的位置x<pos[j]+1,
那么说明i位置上的数是新的,cnt[j]++;
然后考虑如何去维护pos[j];
当cnt[j]>j的时候需要移动pos,而且很明显是右移。
怎么右移?只需要对于当前pos[j]位置的数P,P的后一个出现的位置y>i,那么去掉P就可以使得cnt[j]--
然后再dp一遍即可……
精妙……
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;const int N=40005;int n,m;int a[N],f[N];int place[N],cnt[N],pos[N],pre[N],Next[N];void Pre(){for (int i=1;i<=m;i++) place[i]=-1;for (int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&a[i]);pre[i]=place[a[i]];place[a[i]]=i;}for (int i=1;i<=m;i++) place[i]=n+1;for (int i=n;i;i--){Next[i]=place[a[i]];place[a[i]]=i;}}void DP(){memset(f,100,sizeof(f));f[0]=0,m=sqrt(n);for (int i=1;i<=n;i++){for (int j=1;j<=m;j++)if (pre[i]<=pos[j]) cnt[j]++;for (int j=1;j<=m;j++)if (cnt[j]>j){pos[j]++;while (Next[pos[j]]<=i) pos[j]++;cnt[j]--;}for (int j=1;j<=m;j++)f[i]=min(f[i],f[pos[j]]+j*j);}}int main(){scanf("%d%d",&n,&m);Pre(),DP();printf("%d\n",f[n]);return 0;}
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