HDU 2059 龟兔赛跑(线性DP)
来源:互联网 发布:淘宝五折换购 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 08:56
HDU 2059 龟兔赛跑
题目描述
据说在很久很久以前,可怜的兔子经历了人生中最大的打击——赛跑输给乌龟后,心中郁闷,发誓要报仇雪恨,于是躲进了杭州下沙某农业园卧薪尝胆潜心修炼,终于练成了绝技,能够毫不休息得以恒定的速度
(VRm/s) 一直跑。兔子一直想找机会好好得教训一下乌龟,以雪前耻。
最近正值 HDU 举办 50 周年校庆,社会各大名流齐聚下沙,兔子也趁此机会向乌龟发起挑战。虽然乌龟深知获胜希望不大,不过迫于舆论压力,只能接受挑战。
比赛是设在一条笔直的道路上,长度为L米,规则很简单,谁先到达终点谁就算获胜。
无奈乌龟自从上次获胜以后,成了名龟,被一些八卦杂志称为“动物界的刘翔”,广告不断,手头也有了不少积蓄。为了能够再赢兔子,乌龟不惜花下血本买了最先进的武器—— “小飞鸽”牌电动车。这辆车在有电的情况下能够以VT1m/s 的速度 “飞驰”,可惜电池容量有限,每次充满电最多只能行驶C米的距离,以后就只能用脚来蹬了,乌龟用脚蹬时的速度为VT2m/s 。更过分的是,乌龟竟然在跑道上修建了很多很多(N个) 的供电站,供自己给电动车充电。其中,每次充电需要花费T 秒钟的时间。当然,乌龟经过一个充电站的时候可以选择去或不去充电。
比赛马上开始了,兔子和带着充满电的电动车的乌龟并列站在起跑线上。你的任务就是写个程序,判断乌龟用最佳的方案进军时,能不能赢了一直以恒定速度奔跑的兔子。
输入描述
本题目包含多组测试,请处理到文件结束。每个测试包括四行:
第一行是一个整数L代表跑道的总长度
第二行包含三个整数N,C,T ,分别表示充电站的个数,电动车冲满电以后能行驶的距离以及每次充电所需要的时间
第三行也是三个整数VR,VT1,VT2 ,分别表示兔子跑步的速度,乌龟开电动车的速度,乌龟脚蹬电动车的速度
第四行包含了N(N<=100) 个整数p1,p2...pn ,分别表示各个充电站离跑道起点的距离,其中0<p1<p2<...<pn<L
其中每个数都在32 位整型范围之内。
输出描述
当乌龟有可能赢的时候输出一行 “What a pity rabbit!”。否则输出一行 “Good job,rabbit!”;
题目数据保证不会出现乌龟和兔子同时到达的情况。
样例
Input
100
3 20 5
5 8 2
10 40 60
100
3 60 5
5 8 2
10 40 60
Output
Good job,rabbit!
What a pity rabbit!
题解 :
最开始我写的是二维状态的 dp, 第二维记录到达站台是否电满, 后来发现万一
c>=dis[i]−dis[j] 我没有办法将多余的电量转到以后的状态, 果断放弃。 后来看了看别人的题解才发现原来是一道普通的线性 dp, dp[i] 表示到达 i 站所需要的最短时间,可以得到转移方程 :dp[i]=min(dp[j]+times)(0≤j<i) 表示在 j 站加了油再到 i 站的时间, 在 dp 中我们加入两个新的点一个是dp[0]=−t (t 为加油的时间), 和一个 dp[n + 1], 我们要求的就是 dp[n + 1], 有人会问为什么不考虑不加油的情况,我们可以看到, 从起点出发总是加了油的, 用 dp[0] 更新答案就已经代表了从起点开始不加油到达的情况, 为什么不考虑 j(j>0) 站不加油的情况 ? 因为之前已经算过了 i 前所有点的最优情况, j 站不加油已经包括在其中。于是我们就可以很愉快的 dp 了。
代码 :
#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>#include <string>#include <algorithm>#include <iostream>#include <cmath>#include <ctime>#include <map>#include <vector>using namespace std;inline int read() { int i = 0, f = 1; char ch = getchar(); while(ch < '0' || ch > '9') { if(ch == '-') f = -1; ch = getchar(); } while(ch >= '0' && ch <= '9') { i = (i << 3) + (i << 1) + ch - '0'; ch = getchar(); } return i * f;}const int MAXN = 100 + 5;int n, len, a[MAXN]; double dp[MAXN];int main() { while(scanf("%d", &len) != EOF) { n = read(); int c = read(), t = read(); int vr = read(), vt1 = read(), vt2 = read(); for(int i = 1; i <= n; ++i) a[i] = read(); a[++n] = len; double Tr = (double)len / vr * 1.0; dp[0] = (double)-t * 1.0; for(int i = 1; i <= n; ++i) { dp[i] = 1e9; for(int j = 0; j < i; ++j) if(a[i] - a[j] <= c) dp[i] = min(dp[i], dp[j] + (double)t * 1.0 + (double)(a[i] - a[j]) / vt1 * 1.0); else dp[i] = min(dp[i], dp[j] + (double)t * 1.0 + (double)c / vt1 * 1.0 + (double)(a[i] - a[j] - c) / vt2); } if(dp[n] <= Tr) printf("What a pity rabbit!\n"); else printf("Good job,rabbit!\n"); }}
本题结束 :
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