bzoj 2081 [Poi2010]Beads 枚举+哈希

Description
Zxl有一次决定制造一条项链，她以非常便宜的价格买了一长条鲜艳的珊瑚珠子，她现在也有一个机器，能把这条珠子切成很多块（子串），每块有k（k>0）个珠子，如果这条珠子的长度不是k的倍数，最后一块小于k的就不要拉（nc真浪费），保证珠子的长度为正整数。 Zxl喜欢多样的项链，为她应该怎样选择数字k来尽可能得到更多的不同的子串感到好奇，子串都是可以反转的，换句话说，子串（1，2，3）和（3,2,1）是一样的。写一个程序，为Zxl决定最适合的k从而获得最多不同的子串。 例如：这一串珠子是： (1,1,1,2,2,2,3,3,3,1,2,3,3,1,2,2,1,3,3,2,1)， k=1的时候，我们得到3个不同的子串： (1),(2),(3) k=2的时候，我们得到6个不同的子串： (1,1),(1,2),(2,2),(3,3),(3,1),(2,3) k=3的时候，我们得到5个不同的子串： (1,1,1),(2,2,2),(3,3,3),(1,2,3),(3,1,2) k=4的时候，我们得到5个不同的子串： (1,1,1,2),(2,2,3,3),(3,1,2,3),(3,1,2,2),(1,3,3,2)
Input
共有两行，第一行一个整数n代表珠子的长度，（n<=200000），第二行是由空格分开的颜色ai（1<=ai<=n）。
Output
也有两行，第一行两个整数，第一个整数代表能获得的最大不同的子串个数，第二个整数代表能获得最大值的k的个数，第二行输出所有的k（中间有空格）。
Sample Input
21

1 1 1 2 2 2 3 3 3 1 2 3 3 1 2 2 1 3 3 2 1
Sample Output
6 1

2

HINT

传送门
……暴力题。
首先预处理一下前缀哈希值，把数组反一遍再记录一次。
那么可以暴力枚举k，然后暴力一段段枚举n/k段，
每次取出哈希值标记即可。
时间复杂度O(∑n/i)，可以说明这个是O(nlogn)的。。

然而我写渣了，开map竟然会TLE……
于是只能减小一下模数了……
随机了一个模数，种子任意取了一个1，3组成的……
运气不错过了=v=

#include<bits/stdc++.h>#define ll long longusing namespace std;const ll     seed=13313,    mod=15683131;const int     N=200005;int n,ANS[N];ll a[N],b[N],multi[N],sum[2][N];int HASH[mod];int main(){    scanf("%d",&n);    for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]),b[n-i+1]=a[i];    multi[0]=1LL;    for (int i=1;i<=n;i++) multi[i]=multi[i-1]*seed%mod;    for (int i=1;i<=n;i++) sum[0][i]=(sum[0][i-1]+multi[i]*a[i]%mod)%mod;    for (int i=1;i<=n;i++) sum[1][i]=(sum[1][i-1]+multi[i]*b[i]%mod)%mod;    int anslen=0,klen=0,tag=0;    for (int k=1;k<=n;k++){        tag++;int t=0;        for (int i=1;i<=n-k+1;i+=k){            ll num1=(sum[0][i+k-1]-sum[0][i-1]+mod)%mod*multi[n-(i+k-1)]%mod,                num2=(sum[1][n-i+1]-sum[1][n-(i+k-1)]+mod)%mod*multi[i-1]%mod;            if (HASH[num1]!=tag || HASH[num2]!=tag) t++;            HASH[num1]=HASH[num2]=tag;        }        if (anslen==t) ANS[++klen]=k;        if (anslen<t) anslen=t,ANS[klen=1]=k;    }    printf("%d %d\n",anslen,klen);    for (int i=1;i<klen;i++) printf("%d ",ANS[i]);    printf("%d\n",ANS[klen]);    return 0;}