SPOJ PROOT Primitive Root (关于原根的一点结论)
来源:互联网 发布:怎么安装ubuntu双系统 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 13:14
题目描述:
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题意很简单,给一个p,n然后输入n个数,要你依次判断这n个数是否是模p的原根,关于原根的定义和概念自行去查资料就好,关于原根的一个重要性质就是我只需要证明如果存在a^x%p==1(x<p)那么这个式子当且仅当x=p-1时成立。从这一点出发去讨论这个题首先讨论a^(p-1)%p是否等于1,如果不等于就肯定是NO了,接下来关于YES的讨论我们需要另外证明一个结论,就是如果存在a^x%p==1,我们假设满足这个式子的最小x为q,那么所有的使这个式子成立的x都是q的倍数。接下来是证明过程:
首先假设存在一个y使a^y%p==1,令g=gcd(q,y),那么必然存在两个数u,v使得vy=g+uq,那么接下来a^(vy)%p=(a^y)^v%p=1,a^(g+uq)%p=a^(uq)*a^g%p=a^g%p,因为vy=g+uq所以1=a^g%p,因为q是使该式成立的最小值,所以g>=q,由于g=gcd(q,y),所以g<=q那么所以g=q,又gcd(q,y)=g,那么y就必然是q的倍数。
证明完这个结论之后这题就好解决了,如果a^(p-1)%p=1那么如果p-1不是满足这个式子的最小值的话,那么p-1以内就必然存在一个最小值q使a^q%p=1,并且(p-1)是q的倍数,所以我们只需要枚举(p-1)的约数x,依次判断a^x%p是否等于1就好了,如果存在x满足a^x%p=1的话就是NO否则就是YES;
AC代码:
#include<iostream>#include<time.h>#include<cstdio>#include<cstring>#include<string>#include<cmath>#include<stack>#include<queue>#include<vector>#include<set>#include<algorithm>using namespace std;const double PI=acos(-1);const int SIZE=110;const int INF=0x3f3f3f3f;const int MAXM=1e5;long long p,n;long long fac[MAXM+10];long long qpow(long long x,long long y){ long long res=1; while(y) { if (y&1) res=(res*x)%p; x=(x*x)%p; y=y>>1; } return res;}int main(){ while(scanf("%lld%lld",&p,&n)!=EOF) { if (p==0&&n==0) break; memset(fac,0,sizeof(fac)); fac[0]=1; int cnt=1; for (long long i=2;i<=(long long)sqrt(p-1);i++) { if ((p-1)%i==0) fac[cnt++]=i; if (i*i!=(p-1)) fac[cnt++]=(p-1)/i; } long long x; while(n--) { scanf("%lld",&x); bool flag=true; for (int i=0;i<cnt;i++) { if (qpow(x,fac[i])==1) { flag=false; break; } } if (qpow(x,p-1)!=1) flag=false; if (flag) printf("YES\n"); else printf("NO\n"); } } return 0;}
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