USACO 3.1.6 Stamps 邮票
来源:互联网 发布:淘宝网注册步骤 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 16:57
原题目:
已知一个 N 枚邮票的面值集合(如,{1 分,3 分})和一个上限 K —— 表示信封上能够贴 K 张邮票。计算从 1 到 M 的最大连续可贴出的邮资。
例如,假设有 1 分和 3 分的邮票;你最多可以贴 5 张邮票。很容易贴出 1 到 5 分的邮资(用 1 分邮票贴就行了),接下来的邮资也不难:
6 = 3 + 3
7 = 3 + 3 + 1
8 = 3 + 3 + 1 + 1
9 = 3 + 3 + 3
10 = 3 + 3 + 3 + 1
11 = 3 + 3 + 3 + 1 + 1
12 = 3 + 3 + 3 + 3
13 = 3 + 3 + 3 + 3 + 1。
然而,使用 5 枚 1 分或者 3 分的邮票根本不可能贴出 14 分的邮资。因此,对于这两种邮票的集合和上限 K=5,答案是 M=13。
[编辑] 格式
PROGRAM NAME: stamps
INPUT FORMAT:
(file stamps.in)
第 1 行: 两个整数,K 和 N。K(1 <= K <= 200)是可用的邮票总数。N(1 <= N <= 50)是邮票面值的数量。
第 2 行 .. 文件末: N 个整数,每行 15 个,列出所有的 N 个邮票的面值,面值不超过 10000。
OUTPUT FORMAT:
(file stamps.out)
第 1 行:一个整数,从 1 分开始连续的可用集合中不多于 K 张邮票贴出的邮资数。
SAMPLE INPUT
5 2
1 3
SAMPLE OUTPUT
13
———————————————————————————————————————
这是我两年前做的题目,那时候,那真是pretty easy!当时这道题目是放在搜索的单元
,所以,当我第一次见到这道大牛蹄,还真当搜索搜,结果如海底捞针,超了N秒(N〉N^10000)
不得已,稍微看了题解才知自己是如此如此的,葱~~~原来又是一道DP题目~仔细分析,便可以得知,
这道题目应该要从凑足票值索要花的票数入手,再加上题目的提示,是从1到后面有连续的最大票值
那就可以在DP运算之中剪枝。考虑到本题答案最大可以达到2000000,远远超出题目自己本身所讲的10000
(害人害己~~~)
我们可以用一个数组F[I]表示票值为I时用了F[I]张邮票,那么,可以与01背包蘸一点边,我们空出空间
取另外的邮票,并取最小值:F[I] := Min{F[I-Value[J]]+1} | 1<J<N I-Value[J] > 0
最起初,最后一个点老是过不了,时限是3秒,我花了3.4多,仔细检查原来是
if F[I-Value[J]]+1 <= F[I] then 红色部分要用 < 。然后就以2.307秒破了刘翔的纪录~~~
program xx;var N, K, Max, Min, I, L, MaxL: Longint; Stamp: Array[1..50] of Integer; F: Array[0..2000000] of Integer;procedure Init;var I: Longint;begin assign(input,'stamps.in'); reset(input); assign(output,'stamps.out');rewrite(output); readln(K, N); for I := 1 to N do read(Stamp[I]); close(input);end;procedure DP;var I, J: Longint;begin fillchar(F,sizeof(F),1); F[0] := 0; for I := 1 to 2000000 do begin for J := 1 to N do if (I-Stamp[J] >= 0) and (F[I-Stamp[J]]+1 < F[I]) then F[I] := F[I-Stamp[J]]+1; if F[I] > K then begin writeln(I-1);close(output);halt; end; end;end;begin Init; DP;end.
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