NYOJ解题报告~
来源:互联网 发布:哔哩哔哩有mac版吗 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 11:21
题1:NYOJ 170(网络的可靠性),即要求每个顶点的连线不能少于两条,只需判断哪些点的连线只有一条后,而这些点重新连为2条边需添加的边数为(sum+1)/2.sum为连线只有一条的点个数。自己可以用笔在纸上画下即可。代码为:
#include<iostream>#include<cstring>using namespace std;const int MAX=10010;#define CLR(arr,val) memset(arr,val,sizeof(arr))int num,x,y,Inter[MAX];int main(){ while(cin>>num) { int sum=0; CLR(Inter,0); for(int i=0;i<num-1;i++) { cin>>x>>y; Inter[x]++,Inter[y]++; } for(int i=1;i<=num;i++) if(Inter[i]==1) sum++; cout<<(sum+1)/2<<endl; } return 0;}
题2:NYOJ 485(中国剩余定理)
同余定理:(a+b)%c=(a%c+b%c)%c,又因为:(m*10k)%9=m;则对于任意的整数n,假设为2位数它的各个位置的数为a,b:(a+b)%c=(a%c+b%c)%c=(a%9+b%9)%9=(10a%9+b%9)%9,10a+b刚好是整数n,a+b为各位数之和,所以有:f(n)%9=n%9;(其中f(n)为各位数之和)
又因为(a*b)%c=(a%c)*(b%c)%c,那么由上面的结论,则结果为:(a%9)*(b%9)%9;
#include<iostream>#include<cstdio>using namespace std;#define __int64 long long__int64 num,a,b;int main(){ scanf("%lld",&num); while(num--) { scanf("%lld %lld",&a,&b); int val=(a%9)*(b%9)%9; if(a==0||b==0) printf("0\n"); else printf("%d\n",val?val:9); } return 0;}
题3:NYOJ 532(不吉利的数字),直接保存的话肯定会超时,转换为字符串利用查找函数即可。
#include<iostream>#include<cstdio>#include<sstream>#include<cstring>#include<string>using namespace std;const int MAX=1000010;int n,value[MAX];string s;int main(){ int sum=1; for(int i=0;i<MAX;i++) { char temp[10]; sprintf(temp,"%d",i); s=temp; if(s.find('0')!=string::npos) value[i]=0; else value[i]=sum++; } while(scanf("%d",&n)!=EOF) { if(value[n]) printf("%d\n",value[n]); else puts("Unlucky"); } return 0;}
题4:NYOJ 417(死神来了),呵呵~美国有部电影就叫这个名字额~,一看题目就想到了素数,但是做了几次都WA,后来一想其实好像没有那么复杂额,分析:
1、当n为偶数的时候,设为10,这几个数一定存在倍数关系:(1 ,7), (2,6),(3,9),(4,8),(5,10)
可知当取的个数m>n/2时,一定存在一个数是另外一个数的倍数。因为你取小于n/2个数时我完全可以取后面几个数,比方说取5个数,我就可以取:6,7,8,9,10,这几个数就不存在倍数关系。
2、当n为奇数时,设为9,同样取存在倍数关系的5组数:(2,6),(3,9),(4,8),(1,5,7)。
同样的道理,当取的个数m>n/2+1的时候,一定存在一个数是另一个数的倍数。代码就简单了~~
#include<iostream>using namespace std;int main(){ int n,m; while(cin>>n>>m) { n=n/2+n%2; cout<<(m>n?"YES":"NO")<<endl; } return 0;}
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