HDU1025 Constructing Roads In JGShining's Kingdom(最长递增子序列)
来源:互联网 发布:中国民航飞行学院知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/06/01 20:44
题目大意:求一列数的最长子序列;题目链接
题目解析:DP+二分
假设存在一个序列d[1..9] = 2 1 5 3 6 4 8 9 7,可以看出来它的LIS长度为5。
下面一步一步试着找出它。我们定义一个序列B,然后令 i = 1 to 9 逐个考察这个序列。
此外,我们用一个变量Len来记录现在最长算到多少了
首先,把d[1]有序地放到B里,令B[1] = 2,就是说当只有1一个数字2的时候,长度为1的LIS的最小末尾是2。这时Len=1
然后,把d[2]有序地放到B里,令B[1] = 1,就是说长度为1的LIS的最小末尾是1,d[1]=2已经没用了,很容易理解吧。这时Len=1
接着,d[3] = 5,d[3]>B[1],所以令B[1+1]=B[2]=d[3]=5,就是说长度为2的LIS的最小末尾是5,很容易理解吧。这时候B[1..2] = 1, 5,Len=2
再来,d[4] = 3,它正好加在1,5之间,放在1的位置显然不合适,因为1小于3,长度为1的LIS最小末尾应该是1,这样很容易推知,长度为2的LIS最小末尾是3,于是可以把5淘汰掉,这时候B[1..2] = 1, 3,Len = 2
继续,d[5] = 6,它在3后面,因为B[2] = 3, 而6在3后面,于是很容易可以推知B[3] = 6, 这时B[1..3] = 1, 3, 6,还是很容易理解吧? Len = 3 了噢。
第6个, d[6] = 4,你看它在3和6之间,于是我们就可以把6替换掉,得到B[3] = 4。B[1..3] = 1, 3, 4, Len继续等于3
第7个, d[7] = 8,它很大,比4大,嗯。于是B[4] = 8。Len变成4了
第8个, d[8] = 9,得到B[5] = 9,嗯。Len继续增大,到5了。
最后一个, d[9] = 7,它在B[3] = 4和B[4] = 8之间,所以我们知道,最新的B[4] =7,B[1..5] = 1, 3, 4, 7, 9,Len = 5。
于是我们知道了LIS的长度为5。
!!!!! 注意。这个1,3,4,7,9不是LIS,它只是存储的对应长度LIS的最小末尾。有了这个末尾,我们就可以一个一个地插入数据。虽然最后一个d[9] = 7更新进去对于这组数据没有什么意义,但是如果后面再出现两个数字 8 和 9,那么就可以把8更新到d[5], 9更新到d[6],得出LIS的长度为6。
然后应该发现一件事情了:在B中插入数据是有序的,而且是进行替换而不需要挪动——也就是说,我们可以使用二分查找,将每一个数字的插入时间优化到O(logN)~~~~~于是算法的时间复杂度就降低到了O(NlogN)~
错误分析:road为1时为单数;road>1时是复数(roads);
#include<cstdio>#include<iostream>#include<algorithm>#include<cstring>#define MAX 500005using namespace std;typedef __int64 ll;ll n,c=0,tree[MAX],ret[MAX],len;int find(ll x )//二分法查找更新数据;{ int l=1,h=len; while(l<=h) { ll mid=(l+h)>>1; if(ret[mid]>x)h=mid-1; else l=mid+1; } return l;}int init()//初始化{ ll i,p,r; if(scanf("%I64d",&n)==EOF)return 0; memset(tree,0,sizeof(tree)); for(i=1;i<=n;i++) { scanf("%I64d%I64d",&p,&r); tree[p]=r; } ret[1]=tree[1]; len=1; for(i=2;i<=n;i++) { int low=find(tree[i]); ret[low]=tree[i]; if(low>len)len++; } if(len>1) printf("Case %I64d:\nMy king, at most %I64d roads can be built.\n\n",++c,len);//为roads else printf("Case %I64d:\nMy king, at most %I64d road can be built.\n\n",++c,len);//为road return 1;}int main(){ while(init()); return 0;}
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