HDU 3015
来源:互联网 发布:分布式数据库设计案例 编辑:程序博客网 时间:2024/06/16 17:49
树状数组
如果将两棵树两两配对复杂度O(n^2),超时。考虑成块计算
突破口在Disharmony Value的两个参量计算的差别上。F = abs(D1-D2) S=min(H1,H2) 从式子上看,S容易固定下来,按照下面的方式对树进行配对。
选定一棵树x,让这颗树与高度比它大的树配对,这样S就能固定下来。在这种情况下怎么解决F这一部分。
假设我们知道与x配对的树的数量num,这num棵树的D的和,这num棵树中D小于Dx的数量snum,及它们D的和。那么就能进行整体运算,求出树x与比
它高的树的Disharmony Value和。剩下的工作就水到渠成了,循环n-1次就可以了。
将所有树按高度排序后,建立两个树状数组,一个用来求snum,一个用来求snum棵树D的和。
答案就在问题中。能发现F和S的不同,并想到以S作为突破口,就拿到了解决问题的钥匙
#include<stdio.h>#include<iostream>#include<memory.h>#include<algorithm>using namespace std;#define Maxn 100010int N;struct node{ long long x,h,X,H;}tree[Maxn];long long ans,Trank[Maxn],Tnum[Maxn],rankMax;bool cmpH(node a,node b){ return a.h<b.h;}bool cmpX(node a,node b){ return a.x<b.x;}//求2^kint lowbit(int t){ return t & ( t ^ ( t - 1 ) );}//求前n项和long long sum(long long T[],int end){ long long sum = 0; while(end > 0) { sum += T[end]; end -= lowbit(end); } return sum;}//增加某个元素的大小void Add(long long T[],int pos, long long num){ while(pos <= rankMax) { T[pos] += num; pos += lowbit(pos); }}int main(){ while(scanf("%d",&N)!=EOF) { ans=0; memset(tree,0,sizeof(tree)); memset(Trank,0,sizeof(Trank)); memset(Tnum,0,sizeof(Tnum)); for(int i=0;i<N;i++) scanf("%I64d %I64d",&tree[i].x,&tree[i].h); sort(tree,tree+N,cmpX); tree[0].X=1; for(int i=1;i<N;i++) { if(tree[i].x==tree[i-1].x) tree[i].X=tree[i-1].X; else tree[i].X=i+1; } rankMax=tree[N-1].X; sort(tree,tree+N,cmpH); tree[0].H=1; for(int i=1;i<N;i++) { if(tree[i].h==tree[i-1].h) tree[i].H=tree[i-1].H; else tree[i].H=i+1; } Add(Trank,tree[N-1].X,tree[N-1].X); Add(Tnum,tree[N-1].X,1); long long snum,rankL,rankM,srank,L,M; snum=1,srank=tree[N-1].X; for(int i=N-2;i>=0;i--) { rankL=sum(Trank,tree[i].X); rankM=srank-rankL; L=sum(Tnum,tree[i].X); M=snum-L; ans+=(tree[i].H*(L*tree[i].X-rankL + rankM-M*tree[i].X)); Add(Trank,tree[i].X,tree[i].X); Add(Tnum,tree[i].X,1); snum++,srank+=tree[i].X; } printf("%I64d\n",ans); } return 0;}
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- hdu 3015【树状数组】
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