POJ2282&&POJ3286
来源:互联网 发布:威纶触摸屏软件下载 编辑:程序博客网 时间:2024/04/30 21:27
题意:这两个题目相似,都是求给定区间内数字的出现次数,只是一个题目求的是0的出现次数,而另一个是求得0--9的出现次数
在求解的时候可以转化到求【0,x】的数目,给定区间【a,b】就转化为【0,b】-【0,a-1】
思路:
比如算4123中有多少个2
按位统计,,,先算各位,,个位是2的情况有413种,,,因为各位左边可以0~412,,,而右边没有数字,,,
然后是十位,,,十位是2的有41*10 + 1*4种,,当左边从0~40时,,,右边可以从0~9,,,而左边为41时,,右边只能从0~3
然后是百位,,,,百位有4*100种,,,,即左边从0~3,,右边从0~99
千位有 1*1000,,,左边没有数字,,,右边0~999,,,,
上面是计算1~9,,,,计算0的时候比较特殊,,,,原因是除了0这一个数字之外,,,,0不能做开头,,,
可以看到在求1~9的个数的时候,,,都是分为2部分相乘,,,这样0的处理也很简单,,只需把相乘的左半部分-1,,,,
所有的数都是以此类推
POJ2282
题目链接:http://poj.org/problem?id=2282
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>using namespace std;long long num[15];void init(){ num[0]=1; for(int i=1; i<15; i++) { num[i]=num[i-1]*10; }}long long count(long long n){ if(n<0)return 0; long long sum=1; for(int i=1; i<15; i++) { if(num[i]>n)break; long long a=n/num[i]-1; sum+=a*num[i-1]; long long b=n%num[i-1]; long long c=(n%num[i]-b)/num[i-1]; if(c==0)sum+=b+1; if(c>0)sum+=num[i-1]; } return sum;}int main(){ long long n,m; init(); while(scanf("%I64d%I64d", &m, &n), n!=-1 || m!=-1) printf("%I64d\n", count(n)-count(m-1)); return 0;}
POJ3286
题目链接:http://poj.org/problem?id=3286
#include<iostream>#include<cstdio>#include<algorithm>using namespace std;long long num[12];void init(){ num[0]=1; for(int i=1; i<12; i++) { num[i]=num[i-1]*10; }}long long count(int n,int idx){ long long sum=1; long long a,b,c; if(n<0)return 0; for(int i=1;; i++) { a=n/num[i]-(idx==0); sum+=a*num[i-1]; b=n%num[i-1]; c=(n%num[i]-b)/num[i-1];//求某一位的具体数值 if(c==idx)sum+=b+1; if(c>idx) sum+=num[i-1]; if(num[i]>n)break; } return sum;}int main(){ int n,m; init(); while(~scanf("%d%d",&n,&m)) { if(n==0&&m==0)break; if(n>m)swap(n,m); for(int i=0; i<10; i++) { printf("%I64d ",count(m,i)-count(n-1,i)); } printf("\n"); } return 0;}
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