POJ 3254 简单状态压缩DP

现在对简单题的态度也变了，觉得简单题未必不能帮助你提高。简单题往往更裸，更能单独体现某一个知识点或者技巧。而复杂题目往往是几种技巧的组合使用。

这是一道入门的状态压缩DP。

在一个棋盘上选择一些不相邻的点（上下左右），求这些点的总数。有一些点不可选。

首先把每行可能的状态保存下来。存在state里面，因为限制了不相邻，所以这样一轮筛选之后单行的状态数就已经少了很多。

然后对每一行i 枚举所有可能到达这个状态的 i-1行的状态。因为状态只和上一行有关。然后求和就可以了。

#include<stdio.h>#include<string.h>#include<algorithm>using namespace std;int dp[20][500];const int MOD=100000000;int tot;int state[500];void init(int n){    int k=1<<n;    for(int i=0;i<k;i++)    {        if((i&(i<<1))==0)            state[tot++]=i;    }}int row[100];int main(){    int m,n;    scanf("%d%d",&m,&n);    memset(row,0,sizeof(row));    memset(dp,0,sizeof(dp));    memset(state,0,sizeof(state));    init(n);    for(int i=0;i<m;i++)    {        for(int j=n-1;j>=0;j--)        {            int k;            scanf("%d",&k);            row[i]+=(k<<j);        }    }    for(int i=0;i<tot;i++)    {        if( ( row[0] & state[i] ) == state[i] )            dp[0][i]=1;//代表第i个状态 不表示状态是i    }    for(int i=1;i<m;i++)    {        for(int j=0;j<tot;j++)//本行状态        {            if((row[i]&state[j])==state[j])//可满足            {                for(int k=0;k<tot;k++)//前一行状态                {                    if(dp[i-1][k]&&(((state[k])&state[j])==0))                    {                        dp[i][j]=(dp[i-1][k]+dp[i][j])%MOD;                    }                }            }        }    }    int sum=0;    for(int i=0;i<tot;i++)    {        sum=(sum+dp[m-1][i])%MOD;    }    printf("%d\n",sum);    return 0;}