POJ 3278 Catch That Cow

题目大意：

        FJ的一头奶牛逃亡了，FJ和逃亡奶牛都位于一条一维坐标轴上，FJ的位置为N，奶牛的位置为K（0 ≤ N, K ≤ 100,000），假设奶牛不动，FJ有三种移动方式，假设FJ当前位置为X，则其下一步可以移动到X - 1、X + 1、X × 2这三种位置，每移动一次耗时1分钟。

        现只有一个测例，测例中给出N、K，要求输出FJ追到奶牛最短需要多长时间。

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注释代码：

/*             * Problem ID : POJ 3278 Catch That Cow  * Author     : Lirx.t.Una             * Language   : C++            * Run Time   : 0 ms             * Run Memory : 320 KB            */   #include <stdio.h>//maximum coordinate//坐标最大值#defineMAXCORD100000//用数组模拟队列（不知道怎么回事用STL就一直RE！）//经测试的最大容量//maxium size of queue#defineMAXQSIZE11693typedefstruct {//队列中的结点intx;//结点的坐标intg;//和结点的深度，初始结点深度为0，因此深度也表示步数} Node;Nodeq[MAXQSIZE];//queuecharvist[MAXCORD + 1];//vist[x]表示坐标x是否被访问过（在BFS过程中）int//由于BFS是一层一层往下搜的，所以第一个遇到的解必定是最优解！！因为层数最少（即步数最少）bfs( int n, int k ) {intfront, back;//队列的头尾intfx, cx;//father and children x，父结点和子结点的坐标intcg;//children's g，子结点的深度inti;//计数变量//队列初始化front = 0;back  = 1;(*q).x = n;//头结点初始化为n，深度默认为0，因为q是全局静态变量vist[n] = 1;//设为访问过while (1) {//由于可以前进或后退一步，因此无论如何都是有解的！所以用死循环了//出队列fx = q[front].x;cg = q[front++].g + 1;if ( front >= MAXQSIZE )//调整队列，放置越界，使之循环起来front = 0;for ( i = 1; i <= 3; i++ ) {//一共就三种走法switch (i) {case 1 : cx = fx + 1;  break;case 2 : cx = fx - 1;  break;case 3 : cx = fx << 1; break;}if ( cx == k )//若cx一定达到目标则直接退出return cg;if ( !vist[cx] && cx >= 0 && cx <= MAXCORD ) {//剪枝！//将访问过的和超过坐标范围的都剪去//之后入队vist[cx]  = 1;q[back].x = cx;q[back].g = cg;back++;if ( back >= MAXQSIZE )//防止越界，使之循环back = 0;}}}}intmain() {intn, k;//FJ和奶牛的位置scanf("%d%d", &n, &k);if ( n == k ) {//考虑特殊情况1！！puts("0");return 0;}if ( n > k ) {//特殊情况2！！由于后退的走法只有一种，因此一直后退就是//最快的走法printf("%d\n", n - k);return 0;}printf("%d\n", bfs( n, k ));return 0;}

无注释代码：

#include <stdio.h>#defineMAXCORD100000#defineMAXQSIZE11693typedefstruct {intx;intg;} Node;Nodeq[MAXQSIZE];charvist[MAXCORD + 1];intbfs( int n, int k ) {intfront, back;intfx, cx;intcg;inti;front = 0;back  = 1;(*q).x = n;vist[n] = 1;while (1) {fx = q[front].x;cg = q[front++].g + 1;if ( front >= MAXQSIZE )front = 0;for ( i = 1; i <= 3; i++ ) {switch (i) {case 1 : cx = fx + 1;  break;case 2 : cx = fx - 1;  break;case 3 : cx = fx << 1; break;}if ( cx == k )return cg;if ( !vist[cx] && cx >= 0 && cx <= MAXCORD ) {vist[cx]  = 1;q[back].x = cx;q[back].g = cg;back++;if ( back >= MAXQSIZE )back = 0;}}}}intmain() {intn, k;scanf("%d%d", &n, &k);if ( n == k ) {puts("0");return 0;}if ( n > k ) {printf("%d\n", n - k);return 0;}printf("%d\n", bfs( n, k ));return 0;}

单词解释：

fugitive：adj, 逃亡的

teleport：vt, 心灵运输

retrieve：vt, 重新找回

silver：n, 银，银器