再论扩展欧几里得—POJ 1061 青蛙约会
来源:互联网 发布:mac照片图库导出 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 19:50
Language:
青蛙的约会
Time Limit: 1000MS Memory Limit: 10000KTotal Submissions: 87305 Accepted: 15382
Description
两只青蛙在网上相识了,它们聊得很开心,于是觉得很有必要见一面。它们很高兴地发现它们住在同一条纬度线上,于是它们约定各自朝西跳,直到碰面为止。可是它们出发之前忘记了一件很重要的事情,既没有问清楚对方的特征,也没有约定见面的具体位置。不过青蛙们都是很乐观的,它们觉得只要一直朝着某个方向跳下去,总能碰到对方的。但是除非这两只青蛙在同一时间跳到同一点上,不然是永远都不可能碰面的。为了帮助这两只乐观的青蛙,你被要求写一个程序来判断这两只青蛙是否能够碰面,会在什么时候碰面。
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
Input
输入只包括一行5个整数x,y,m,n,L,其中x≠y < 2000000000,0 < m、n < 2000000000,0 < L < 2100000000。
Output
输出碰面所需要的跳跃次数,如果永远不可能碰面则输出一行"Impossible"
Sample Input
1 2 3 4 5
Sample Output
4
Source
浙江
网上针对这一题的代码十分繁杂这里我只举出比较经典的一种
代码如下:
#include<stdio.h>#include<string.h>using namespace std;typedef long long LL; LL gcd(LL a,LL b){ return b==0?a:gcd(b,a%b);}LL exgcd(LL a,LL b,LL &x,LL &y){ if(b==0) { x=1; y=0; return a; } LL g=exgcd(b,a%b,x,y); LL temp; temp=x; x=y; y=temp-a/b*y; return g;}int main(){ LL a,b,c,n,m,l,x,y; LL xx,yy;//存储变形方程后的解 while(scanf("%I64d%I64d%I64d%I64d%I64d",&x,&y,&m,&n,&l)!=EOF) { a=n-m; b=l; c=x-y; LL g=gcd(a,b); if(c%g!=0) { printf("Impossible\n"); continue; } a=a/g; b=b/g; c=c/g; exgcd(a,b,xx,yy); LL t=c*xx/b; xx=c*xx-t*b; if(xx<0) xx+=b; printf("%lld\n",xx); } return 0;}针对代码我有几点要补充:
1.扩展欧几里得部分我就不多说了,详情见本博客的算法学习—欧几里得与扩展欧几里得。
2.解题思路如下:
总的来说本体归结为求a * x + b * y = c的整数解。
1、先计算Gcd(a,b),若c不能被Gcd(a,b)整除,则方程无整数解;否则,在方程两边同时除以Gcd(a,b),得到新的不定方程a' * x + b' * y = c',此时Gcd(a',b')=1;这样c'是一定能整除1
2、利用上面所说的欧几里德算法求出方程a' * x + b' * y = 1的一组整数解x0,y0,则n' * x0,n' * y0是方程a' * x + b' * y = c'的一组整数解;
3、根据数论中的相关定理,可得方程a' * x + b' * y = c'的所有整数解为:
x = c' * x0 + b' * t
y = c' * y0 - a' * t
(t为整数)
上面的解也就是a * x + b * y = n 的全部整数解。
代码上令x=0,解出t=-x0*c'/b',带回x的方程,得出x,如果x<0,再加上一个b就行。
经典公式法,代码如下:
#include<stdio.h>#include<iostream>using namespace std;typedef long long LL;LL gcd(LL a,LL b){ return b == 0?a:gcd(b,a%b);}LL exgcd(LL a,LL b,LL &x,LL &y){ if(b == 0) { x = 1; y = 0; return a; } LL g = exgcd(b,a%b,x,y); LL temp; temp = x; x = y; y = temp - a/b*y; return g;}int main(){ LL a,b,c,x,y,m,n,l; LL xx,yy; while(scanf("%I64d%I64d%I64d%I64d%I64d",&x,&y,&m,&n,&l)!=EOF) { a = n - m; b = l; c = x - y; LL g = gcd(a,b); if(c % g) { printf("Impossible\n"); continue; } exgcd(a,b,xx,yy); xx = (((xx%(b/g)*(c/g)%(b/g)))%(b/g)+(b/g))%(b/g);//¾µä¹«Ê½·¨ yy = (c-a*xx)/b; printf("%I64d\n",xx); } return 0;}
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