hdu 4899 Hero meet devil(状压dp)
来源:互联网 发布:零基础学算法 第二版 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 04:15
题意:给出一个串S,只包含ACGT四个字符,求有多少个长度为m的串T与S的最长公共子序列长度为i (0<=i<=|S|)。
思路:假设当前T与S匹配了j位,那么可以得到dp[i][j],即是求LCS的dp数组,由于求这个数组的时候,只需要前一位的状态,枚举一下T的下一位就可以得到匹配了j+1位的状态。由于S不长,可以考虑状态压缩来保存这个dp数组,每个状态1表示在这一位+1,预处理一下每个状态遇到每个字符后会转移到的下一个状态,就可以了,剩下只需要m次dp就行了。
代码:
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<string>#include<algorithm>#include<map>#include<queue>#include<stack>#include<set>#include<cmath>#include<vector>#define inf 0x3f3f3f3f#define Inf 0x3FFFFFFFFFFFFFFFLL#define eps 1e-9#define pi acos(-1.0)using namespace std;typedef long long ll;const int mod=1000000000+7;const char DNA[4]={'A','C','G','T'};int dp[2][1<<15],n,m;int next_state[1<<15][4];int ans[20],cnt[1<<15];char s[20];void Init(){ memset(cnt,0,sizeof(cnt)); for(int i=0;i<(1<<15);++i) { int x=i; while(x) { cnt[i]++; x=x&(x-1); } }}void solve(){ memset(dp,0,sizeof(dp)); int cur[20],next[20]; for(int i=0;i<(1<<n);++i) { cur[0]=0; for(int j=1;j<=n;++j) cur[j]=cur[j-1]+((i>>(j-1))&1); for(int c=0;c<4;++c) { next[0]=0; for(int j=n;j>=1;--j) if(s[j-1]==DNA[c]) next[j]=max(cur[j],cur[j-1]+1); else next[j]=cur[j]; for(int j=1;j<=n;++j) next[j]=max(next[j],next[j-1]); int tmp=0; for(int j=1;j<=n;++j) if(next[j]>next[j-1]) tmp|=(1<<(j-1)); next_state[i][c]=tmp; } } dp[0][0]=1; for(int i=1;i<=m;++i) { int p=i&1; memset(dp[p],0,sizeof(dp[p])); for(int j=0;j<(1<<n);++j) { if(dp[p^1][j]==0) continue; for(int c=0;c<4;++c) { dp[p][next_state[j][c]]+=dp[p^1][j]; if(dp[p][next_state[j][c]]>=mod) dp[p][next_state[j][c]]-=mod; } } } memset(ans,0,sizeof(ans)); for(int i=0;i<(1<<n);++i) { ans[cnt[i]]+=dp[m&1][i]; if(ans[cnt[i]]>=mod) ans[cnt[i]]-=mod; }}int main(){// freopen("in.txt","r",stdin);// freopen("out.txt","w",stdout); Init(); int t; scanf("%d",&t); while(t--) { scanf("%s",s); scanf("%d",&m); n=strlen(s); solve(); for(int i=0;i<=n;++i) printf("%d\n",ans[i]); } return 0;}
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