跳台阶问题

来源：互联网发布：微软 azure认证知乎编辑：程序博客网时间：2024/06/03 22:58

题目：一个台阶总共有n级，如果一次可以跳1级，也可以跳2级。求总共有多少总跳法，并分析算法的时间复杂度。

在这里看到这道面试题，思路是：

1）每次可以跳1级，也可以跳2级，如果当前只有1级台阶，那么就只有一次跳法；如果当前只有2级台阶，就有2种跳法（一种是每次跳1级，跳2次；另一种是一次跳2级，就跳完），也即 f(1) = 1; f(2) = 2。

2）假设有n级台阶要跳，如果最后一步是跳1级，那么剩下的就只有前面的n-1级台阶的步数了；如果最后一步是跳2级，那么剩下的就是前面n-2级台阶的步数了。总结两种情况，得出状态转移方程：

f（n) = f(n-1) + f(n-2)。

经过上面的过程，可以写出这样的代码：

int jumpstep(int n){  if(n == 1 || n == 2)    return n;  else    return jumpstep(n-1) + jumpstep(n-2);}

代码行数很少了，但是效率很低，因为有很多重复计算，于是，想出了另一个：

int jumpstep2(int n){  if(n == 1 || n ==2)    return n;  int *a = new int[n+1];  a[1] = 1;  a[2] = 2;  for(int i = 3; i <= n ; ++i){    a[i] = a[i-1] + a[i-2];  }  int ret = a[n];  delete []a;  return ret;}

用一个表了记录计算结果。接着，来粗劣测试一下这两种方法的运行时间。上测试代码：

#include<iostream>#include<time.h>using namespace std;int jumpstep2(int n){  if(n == 1 || n ==2)    return n;  int *a = new int[n+1];  a[1] = 1;  a[2] = 2;  for(int i = 3; i <= n ; ++i){    a[i] = a[i-1] + a[i-2];  }  int ret = a[n];  delete []a;  return ret;}int jumpstep(int n){  if(n == 1 || n == 2)    return n;  else    return jumpstep(n-1) + jumpstep(n-2);}void test_time(int (*func)(int), int n){  long bTime = clock();  cout<<"-----------------------------------"<<endl;  cout<<"result is: "<<func(n)<<endl;  long eTime = clock();  cout<<"cost time: "<<(eTime - bTime)<<"ms"<<endl;}void test(){  int n;  cout<<"input n to test: ";  cin>>n;  test_time(jumpstep, n);  test_time(jumpstep2, n);}int main(){  test();  return 0;}

运行结果如图：

统计为如下表：

当n = 50的时候，递归版本非常慢，等了好久都没出结果，于是干脆不等了。当n比较大时，非递归版本运行速度比较高。

参考：

http://zhedahht.blog.163.com/blog/static/25411174200731844235261/

0 0