2014 ACM/ICPC Asia Regional Beijing Online HDU 5040 Instrusive 优先队列
来源:互联网 发布:淘宝开店能赚钱吗 编辑:程序博客网 时间:2024/05/05 12:08
WA到死的一道题目。
一个人从起点走到目标点。这个过程中有摄像头,摄像头的照射范围为两个单位长度,包括摄像头自己的位置。为了避免被照射到,可以有两种选择。
在一个位置等待1S,或者坐在盒子里过去(花费3S),走一步花费1S。摄像头每秒顺时针转一次。
1.4S有一个循环,所以每个位置vis[r][c][sec] 四种情况的最优解
2.不用显示构图, 每个摄像头都记录一下四种情况
3.使用优先队列,判断
RE,TLE,WA,AC.....
刚开始每个摄像头旋转的时候没有判断是否在范围内,一直RE,起初没考虑到当前是摄像头的情况也可以有三步或者等待情况。起初认为摄像头位置不可进入,其实可以的。。WA到死。
BFS所选择的路径必然是最优的(每次不断扩展)
NOTICE: 注意判断一个状态的元素,是否在范围内。
#include<iostream>#include<stdio.h>#include<algorithm>#include<math.h>#include<string.h>#include<memory.h>#include<queue>#define max(a,b) (a)>(b)?(a):(b)#define min(a,b) (a)<(b)?(a):(b)#define PI acos(-1)#define INF 100000using namespace std;typedef __int64 LL;const LL maxn=10+500;using namespace std;struct P{int row,col;int step;//direct}st,ed;struct cmp{ bool operator() ( struct P a, struct P b ){ return a.step> b.step; }};int N,M,T,Q,POS;int ans,tot;int vis[maxn][maxn][4];int done[maxn][maxn][4];int map1[maxn][maxn];int maps[4][maxn][maxn];int turn[4][2]={ {0,-1},{1,0},{0,1} ,{-1,0} };struct P monitor[maxn*maxn];int monnum;int In(int x,int y){if(x<0 ||x>=N || y<0 || y>=N)return 0;return 1;}void change(int sec,int (*map1)[maxn]){int i,k;struct P t;for(i=0;i<monnum;i++){t=monitor[i];k=(t.step+sec)%4;t.row+=turn[k][1];t.col+=turn[k][0];if(In(t.row,t.col) && map1[t.row][t.col]==0)map1[t.row][t.col]=2;}//print(map1);}void bfs(){int i,j,k;int xx,yy;memset(vis,0x3f,sizeof(vis));//存储最短路径memset(done,0,sizeof(vis));//是否访问过,从优先队列中取出的必然是最短的priority_queue<struct P,vector<struct P>,cmp>q;struct P t,tt;q.push(st);//vis[st.row][st.col][0]=-1;while(!q.empty()){t=q.top();q.pop();int sec=(t.step)%4;if(done[t.row][t.col][sec])continue;done[t.row][t.col][sec]=1;for(i=0;i<4;i++){xx=t.col+turn[i][0];yy=t.row+turn[i][1];if(xx<0 || yy<0 || xx>=N || yy>=N || maps[sec][yy][xx]==1)continue;tt.row=yy;tt.col=xx;int w=1;if(maps[sec][yy][xx]==2 || maps[sec][t.row][t.col]==2)w=3;if(vis[yy][xx][(sec+w)%4]>t.step+w){tt.step=t.step+w;vis[yy][xx][(sec+w)%4]=t.step+w;q.push(tt);}}if(vis[t.row][t.col][(sec+1)%4]>t.step+1){t.step++;vis[t.row][t.col][(sec+1)%4]=t.step;q.push(t);t.step--;}}ans=INF;for(i=0;i<4;i++)if(vis[ed.row][ed.col][i])ans=min(ans,vis[ed.row][ed.col][i]);}int main(int argc, char *argv[]){#ifndef ONLINE_JUDGEfreopen("in.txt","r",stdin);#endifint i,j,len,cnt=0;char str[1000];scanf("%d",&T);while(T--){scanf("%d",&N);getchar();monnum=0;memset(map1,0,sizeof(map1));for(i=0;i<N;i++){gets(str);len=strlen(str);for(j=0;j<len;j++){if(str[j]=='#')map1[i][j]=1;else if(str[j]=='M'){st.col=j;st.row=i;st.step=0;}else if(str[j]=='T'){ed.col=j;ed.row=i;ed.step=0;}else if(str[j]=='N'){map1[i][j]=2;monitor[monnum].col=j;monitor[monnum].row=i;monitor[monnum].step=0;monnum++;} else if(str[j]=='E') { map1[i][j]=2; monitor[monnum].col=j; monitor[monnum].row=i; monitor[monnum].step=1;monnum++; } else if(str[j]=='S') { map1[i][j]=2; monitor[monnum].col=j; monitor[monnum].row=i; monitor[monnum].step=2;monnum++; } else if(str[j]=='W') { map1[i][j]=2; monitor[monnum].col=j; monitor[monnum].row=i; monitor[monnum].step=3;monnum++; } } } for(i=0;i<4;i++)//显示构图,很花费时间 { memcpy(maps[i],map1,sizeof(map1)); change(i,maps[i]); }bfs(); if(ans==INF) ans=-1; printf("Case #%d: %d\n",++cnt,ans); } return 0;}
再贴一个中山大学的,神代码
这个代码没有用到优先队列,其原因是在过程中进行了剪枝。
当没有被cam照射的时候,直接走。
当被cam照射到的时候,若等待1s后,没有了cam则等待1s的选择正确。反之可以再等待1s,此时和之前最早走3s的选择结果相同。
这样就保证了最优情况。同时不用维护4个mod 的情况。
另一个是在判断是否为cam照射时候,没有构图,而是用了个技巧 if ((d0[nx][ny] + t) % 4 == i) return true;
这句话的意思利用了原图信息N S W E 各个方向的标志位。
bfs两个返回的地方,一个判断K==0,则此时T没有cam。另一个判断k==1,此时这里也没有cam再等一下。若为2则等同于之前走三步。
#include <stdio.h>#include <string.h>#include <queue>using namespace std;const int MAXN = 510;int n;char s[MAXN][MAXN];int x0, y0;int d0[MAXN][MAXN];struct state { int x, y, t, k; state(int x, int y, int t, int k): x(x), y(y), t(t), k(k) {}};bool v[MAXN][MAXN][3];const int dx[] = {-1, 0, 1, 0};const int dy[] = {0, 1, 0, -1};void init(){ scanf("%d", &n); for (int i = 0; i < n; ++i) { scanf("%s", s[i]); for (int j = 0; j < n; ++j) { switch (s[i][j]) { case 'N': d0[i][j] = 0; break; case 'E': d0[i][j] = 1; break; case 'S': d0[i][j] = 2; break; case 'W': d0[i][j] = 3; break; default: d0[i][j] = -1; break; } if (s[i][j] == 'M') x0 = i, y0 = j; } }}inline bool inrange(int x, int y){ return x >= 0 && x < n && y >= 0 && y < n;}bool capture(int x, int y, int t){ if (d0[x][y] >= 0) return true; for (int i = 0; i < 4; ++i) { int nx = x - dx[i], ny = y - dy[i]; if (inrange(nx, ny) && d0[nx][ny] >= 0) { if ((d0[nx][ny] + t) % 4 == i) return true; } } return false;}void push(queue<state> &q, int x, int y, int t, int k){ if (!v[x][y][k]) { q.push(state(x, y, t, k)); v[x][y][k] = true; }}int bfs(int x, int y){ memset(v, 0, sizeof(v)); queue<state> q; push(q, x, y, 0, 0); while (!q.empty()) { int x = q.front().x; int y = q.front().y; int t = q.front().t; int k = q.front().k; // printf("%d %d %d %d\n", x, y, t, k); q.pop(); if (k) { if (k == 1 && s[x][y] == 'T') return t + 1;//这里 push(q, x, y, t + 1, k - 1); continue; } bool f = capture(x, y, t); for (int i = 0; i < 4; ++i) { int nx = x + dx[i], ny = y + dy[i]; if (!inrange(nx, ny) || s[nx][ny] == '#') continue; if (f || capture(nx, ny, t)) { for (int j = 1; j <= 2; ++j) { if (j == 2 || (!capture(x, y, t + j) && !capture(nx, ny, t + j))) { push(q, nx, ny, t + 1, j); break; } } } else { if (s[nx][ny] == 'T') return t + 1;//这里 push(q, nx, ny, t + 1, 0); } } } return -1;}int main(){ int dat; scanf("%d", &dat); for (int cas = 1; cas <= dat; ++cas) { init(); printf("Case #%d: %d\n", cas, bfs(x0, y0)); }}
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