poj1024
来源:互联网 发布:剑三高冷御姐捏脸数据 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 09:28
题目描述:给定走出一个迷宫的最短路径,再给出一个由这个最短路径算出来的解(一个墙的结合),现在要有设计程序判断该解是否正确。
正确的标准:最短路径为给出的最短路径且唯一,如果给出的解(墙的集合)组成的迷宫的最短路径比给定的最短路径长或短都不行,一定要一样长且只有给定的那一条路是最短路。
输入格式:多组数据,第一行为一个整数t,表示数据的组数
每组数据包括一个原始问题输入和一个原始问题输出。
原始问题输入就是给定的最短路径,格式如下:
- 第一行是两个整数w和h,表示迷宫的宽度和高度,
- 第二行是一行由四个字母(‘U’,’D’,’R’,’L’)组成的字符串,U表示向上走,D表示向下走,R表示向右走,L表示向左走。
原始问题输出就是一个墙的集合,格式如下:
- 第一行一个整数n,表示有n个墙
- 接下来是n行,每行四个整数,两个点的坐标,表示这两个点之间有一堵墙。
输出格式:输出CORRECT或者INCORRECT,表示原始问题输出正确或者不正确。
解题思路:一开始只想到了怎么判断最短路径是否唯一,但是不知道怎么判断墙是否多余,然后在discuss里面看到一个绝妙的算法,具体的想法如下:
- 分别从起点到到终点和从终点到起点进行bfs,通过bfs分别算出从起点到每个点的最短距离dis1和从终点到每个点的最短距离dis2。
- 把给定的最短路径所经过的点打上标记,再把所有墙两边的点打上标记
- 然后对所有没有标记的点进行判断,如果存在一个点满足dis1+dis2==pathlen(给定的最短路径的长度),那么则最短路径不唯一
- 然后判断是否有墙多余,枚举每个墙两边的点(分别记为a和b),如果从起点到a的距离加上从终点到b的距离和从终点到a的距离加上从起点到b的距离都大于pathlen,那么当前的墙是多余的。
- 注意一个特殊情况!!!!如果出现一个被墙围起来的封闭区域,那么一定会有一个墙多余。但是bfs算不出来,需要进行特判。
下图是特殊情况
具体代码如下:
PS:传参数什么的好麻烦,看来下次要写结构体,然后把数据全部封装起来了,那样直接传结构体的地址就好了。
#include <cstdio>#define MAXN 111struct barrier{ int x1, y1; int x2, y2;};void bfs(int startx, int starty, int dis[][MAXN], int w, int h, barrier *bar, int n);int main(int argc, char const *argv[]){ int t; for(scanf("%d", &t); t; --t) { bool vis[MAXN][MAXN] = {true}; int w, h, endx=0, endy=0; scanf("%d%d\n", &w, &h); bool fail = false; int pathlen = 0; char ch; while(ch=getchar(), ch!= '\n'){ switch(ch){ case 'R': endx++; break; case 'U': endy++; break; case 'L': endx--; break; case 'D': endy--; break; default : break; } vis[endx][endy]=true; ++pathlen; } int n; scanf("%d", &n); barrier bar[MAXN*MAXN]; for(int i=0; i<n; ++i){ int x1, x2, y1, y2; scanf("%d%d%d%d", &x1, &y1, &x2, &y2); bar[i].x1=x1; bar[i].y1=y1; bar[i].x2=x2; bar[i].y2=y2; vis[x1][y1]=true; vis[x2][y2]=true; } int dis1[MAXN][MAXN]={0}, dis2[MAXN][MAXN]={0}; bfs(0, 0, dis1, w, h, bar, n); bfs(endx, endy, dis2, w, h, bar, n); ///条件一:判断最短路径是否符合要求 for(int i=0; i<w; ++i){ for(int j=0; j<h; ++j){ if(!vis[i][j]&&dis1[i][j]+dis2[i][j]==pathlen){ fail=true; break; } } if (fail){ break; } } if (fail){ printf("INCORRECT\n"); continue; } ///条件二:判断是否有墙多余 for (int i = 0; i < n; ++i) { int x1=bar[i].x1, y1=bar[i].y1; int x2=bar[i].x2, y2=bar[i].y2; if( (dis1[x1][y1]+dis2[x2][y2]>pathlen && dis2[x1][y1]+dis1[x2][y2]>pathlen) ///主要条件 || (dis1[x1][y1]==0 && dis2[x1][y1]==0) ///存在封闭区域 || (dis1[x2][y2]==0 && dis2[x2][y2]==0) ){ fail=true; break; } } if (fail) { printf("INCORRECT\n"); continue; } printf("CORRECT\n"); } return 0;}void bfs(int startx, int starty, int dis[][MAXN], int w, int h, barrier *bar, int n){ bool vis[MAXN][MAXN]={false}; vis[startx][starty]=true; int Qx[MAXN*MAXN], Qy[MAXN*MAXN], head=0, tail=0; Qx[tail]=startx; Qy[tail]=starty; ++tail; while(head<tail){ int x=Qx[head], y=Qy[head]; ++head; const int dx[4]={0,1,0,-1}; const int dy[4]={1,0,-1,0}; for(int i=0; i<4; ++i){ int px=x+dx[i]; int py=y+dy[i]; if(vis[px][py] || px<0||py<0||px>=w||py>=h) { continue; } bool isgo=true; for(int j=0; j<n; ++j){ int x1=bar[j].x1, y1=bar[j].y1; int x2=bar[j].x2, y2=bar[j].y2; if( x1==x&&y1==y&&x2==px&&y2==py || x2==x&&y2==y&&x1==px&&y1==py ) { isgo=false; break; } } if(!isgo){ continue; } dis[px][py]=dis[x][y]+1; vis[px][py]=true; Qx[tail]=px; Qy[tail]=py; ++tail; } }}
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