poj1182（加权值的并查集）

Description

动物王国中有三类动物A,B,C，这三类动物的食物链构成了有趣的环形。A吃B， B吃C，C吃A。 
现有N个动物，以1－N编号。每个动物都是A,B,C中的一种，但是我们并不知道它到底是哪一种。 
有人用两种说法对这N个动物所构成的食物链关系进行描述： 
第一种说法是"1 X Y"，表示X和Y是同类。 
第二种说法是"2 X Y"，表示X吃Y。 
此人对N个动物，用上述两种说法，一句接一句地说出K句话，这K句话有的是真的，有的是假的。当一句话满足下列三条之一时，这句话就是假话，否则就是真话。 
1） 当前的话与前面的某些真的话冲突，就是假话； 
2） 当前的话中X或Y比N大，就是假话； 
3） 当前的话表示X吃X，就是假话。 
你的任务是根据给定的N（1 <= N <= 50,000）和K句话（0 <= K <= 100,000），输出假话的总数。 

Input

第一行是两个整数N和K，以一个空格分隔。 
以下K行每行是三个正整数 D，X，Y，两数之间用一个空格隔开，其中D表示说法的种类。 
若D=1，则表示X和Y是同类。 
若D=2，则表示X吃Y。

Output

只有一个整数，表示假话的数目。

Sample Input

100 71 101 1 2 1 22 2 3 2 3 3 1 1 3 2 3 1 1 5 5

Sample Output

3

转载以下博客的文字：

链接入口：http://www.cnblogs.com/dongsheng/archive/2013/06/12/3133188.html

觉得这个博客写的挺清晰，解释的挺详细的，自己多加思考就更清晰了。

大体思想：

1、如果两个物种有联系，不管是吃，被吃还是同类，它们之间应该是有一条径路可达的，
也就是它们在一个合集中。
2、如果a,b有关系，b,c有关系，那么a,c之间的关系式可以通过两者的关系推出来的。

OK，下面围绕着上面的两个思想来逐一拆分。
首先就是怎么把有关系的物种放到同一个合集中去,这就要需用到并查集了。每一次入输d,x,y，
也就是相当于x,y之间有一条权为d的径路。先忽略这个权值，直接斟酌路径，那并查集的路径建立就
不用我说了。一个parent数组,parent[i]表现从parent[i]到i有一条径路。OK，那不同的物食圈就构
成了一个连通区域。每个连通区域都有一个根点节。

下面斟酌怎么处理这个权
先说点数学的货色，任何一种偏序关系都足满自反、对称、传递。
自反：自己跟自己满足偏序关系。
对称：a,b的偏序关系为r，则b,a的偏序关系为~r.表现求反。
传递：a,b的偏序关系为r1，b,c的偏序关系为r2，a,c的偏序关系为r1+r2.

为了便利，用一个relation数组来维护这个权值。relation[i]表现的是i在所的连通区域的
根点节到i的关系。先略忽这个关系数组的维护过程，把团体的思绪理清晰。如果有两个物种加进来，
就有两种情况，要么它们在同一个连通集里头。要么不在同一个连通集里头。

一、两者在同一个连通集里头：
1、新加的关系表明x,y是同类，那么它们两个分别到连通区域根点节的关系应该是一样的，
要不就矛盾了。（记为case1）
2、如果新加的关系表明x,y不是同类，那么在当前参加y，x相对根节点的关系和x本来相对根点节的
关系应该是不变的，否则就矛盾了。（记为case2）

二、两者在不同的连通集里头：就直接连接两个连通集就能够了。（记为case3）

路径压缩处理：
由于后来物种会越来越多，我们不希望食物链拉的很长，所以会尽可能的让全部的点节都直接和根节点
相连。这样整个连通的图就有点呈现出星形。

怎么维护关系数组：
数组里头的每个元素的取值要么是0（同类），要么是1（父吃子），要么是2（子吃父）。至于为什么要
这么设置（因为题目中1表示同类，而我们定义0表示同类，相对都应该减一，所以题目中的2表示父吃子在我们这里
应该是2-1=1，,1表示父吃子），参考一另篇博客http://blog.csdn.net/c0de4fun/article/details/7318642，
这里是不能随便定义的。设前面的数据我已经处理好了，现在要处理d,x,y.为了叙说的便利，
记relation[x]为x根->x.那么在现就有三种情况：
case1：（同一个集合且同类）
这种情况x根与y根雷同。如果x根->x与y根->y不同，表明x,y不是同类，与d=1矛盾。
case2：（同一个集合但不同类）
这种情况x根与y根雷同。如果参加y之后，（x根->x） = （x根（即y根）->y + y->x），如果新求出来
的关系与本身已有的x根->x的关系不同，则矛盾。
case3：（在不同集合中）
这种情况x根与y根不同。由于这里添加的是x到y的一条有向边。将y根的父点节设置为x根，更新y根父点
节到x根的关系，即x根->y根=x根->x+x->y+y->y根，由于这里都是有向边，所以更新关系的时候注意关
系的方向。这里需要注意，我们只更新了两个根之间的关系，x根与原来的y所在的连通区域里头的节点
的关系都没有更新，这就是为什么要在一开始判断之前就要调用Find函数，更新每个点节到其根点节的
关系。

初始条件：
有了这个递推，就好办了。初始条件parent就是并查集一般的初始条件，父点节于等自己。由于初始的
时候父节点是自己，当然自己跟自己的关系肯定是同类咯，也就是relation[i]=0

#include <iostream>#include<algorithm>#include<stdio.h>using namespace std;const int MAXN = 100010;int f[MAXN],rela[MAXN];int ff(int x){    int tem=f[x];    if(tem!=x)    f[x]=ff(tem),rela[x]=(rela[x]+rela[tem])%3;    return f[x];}int main(){        int n,m,d,x,y;        scanf("%d%d",&n,&m);        for(int i=0;i<=MAXN;i++)            f[i]=i,rela[i]=0;        int s=0;        while(m--)        {            scanf("%d%d%d",&d,&x,&y);            if(x > n || y > n)            {s++;continue;}             if(d == 2 && x == y)            {s++;continue;}            int tem1=ff(x),tem2=ff(y);            if(tem1==tem2)            {                if(d==1&&rela[x]!=rela[y])                s++;                else if(d==2&&rela[x]!=(rela[y] + 2)%3)                s++;            }            else            {                f[tem2]=tem1;                rela[tem2]=(rela[x]+(d-1)+(3-rela[y]))%3;            }        }printf("%d\n",s);    return 0;}