HDU-4370 0 or 1(最短路[Dijkstra])
来源:互联网 发布:网易是什么软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 04:52
0 or 1
Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Problem Description
Given a n*n matrix Cij (1<=i,j<=n),We want to find a n*n matrix Xij (1<=i,j<=n),which is 0 or 1.
Besides,Xij meets the following conditions:
1.X12+X13+...X1n=1
2.X1n+X2n+...Xn-1n=1
3.for each i (1<i<n), satisfies ∑Xki (1<=k<=n)=∑Xij (1<=j<=n).
For example, if n=4,we can get the following equality:
X12+X13+X14=1
X14+X24+X34=1
X12+X22+X32+X42=X21+X22+X23+X24
X13+X23+X33+X43=X31+X32+X33+X34
Now ,we want to know the minimum of ∑Cij*Xij(1<=i,j<=n) you can get.
For sample, X12=X24=1,all other Xij is 0.
Besides,Xij meets the following conditions:
1.X12+X13+...X1n=1
2.X1n+X2n+...Xn-1n=1
3.for each i (1<i<n), satisfies ∑Xki (1<=k<=n)=∑Xij (1<=j<=n).
For example, if n=4,we can get the following equality:
X12+X13+X14=1
X14+X24+X34=1
X12+X22+X32+X42=X21+X22+X23+X24
X13+X23+X33+X43=X31+X32+X33+X34
Now ,we want to know the minimum of ∑Cij*Xij(1<=i,j<=n) you can get.
Hint
For sample, X12=X24=1,all other Xij is 0.
Input
The input consists of multiple test cases (less than 35 case).
For each test case ,the first line contains one integer n (1<n<=300).
The next n lines, for each lines, each of which contains n integers, illustrating the matrix C, The j-th integer on i-th line is Cij(0<=Cij<=100000).
For each test case ,the first line contains one integer n (1<n<=300).
The next n lines, for each lines, each of which contains n integers, illustrating the matrix C, The j-th integer on i-th line is Cij(0<=Cij<=100000).
Output
For each case, output the minimum of ∑Cij*Xij you can get.
Sample Input
41 2 4 102 0 1 12 2 0 56 3 1 2
Sample Output
3
尽管放在最短路专题中,但还是想不到怎么用最短路做,果真是我太渣了么
下面是官方题解:
显然,题目给的是一个0/1规划模型。
解题的关键在于如何看出这个模型的本质。
3个条件明显在刻画未知数之间的关系,从图论的角度思考问题,容易得到下面3个结论:
1.X12+X13+...X1n=1 于是1号节点的出度为1
2..X1n+X2n+...Xn-1n=1 于是n号节点的入度为1
3.∑Xki =∑Xij 于是2~n-1号节点的入度必须等于出度
于是3个条件等价于一条从1号节点到n号节点的路径,故Xij=1表示需要经过边(i,j),代价为Cij。Xij=0表示不经过边(i,j)。注意到Cij非负且题目要求总代价最小,因此最优答案的路径一定可以对应一条简单路径。
最终,我们直接读入边权的邻接矩阵,跑一次1到n的最短路即可,记最短路为path。
以上情况设为A
非常非常非常非常非常非常非常非常抱歉,简单路径只是充分条件,但不必要。(对造成困扰的队伍深表歉意)
漏了如下的情况B:
从1出发,走一个环(至少经过1个点,即不能是自环),回到1;从n出发,走一个环(同理),回到n。
容易验证,这是符合题目条件的。且A || B为该题要求的充要条件。
由于边权非负,于是两个环对应着两个简单环。
因此我们可以从1出发,找一个最小花费环,记代价为c1,再从n出发,找一个最小花费环,记代价为c2。(只需在最短路算法更新权值时多加一条记录即可:if(i==S) cir=min(cir,dis[u]+g[u][i]))
故最终答案为min(path,c1+c2)
看到有大神说:加条边就只用做一次最短路,但不明白怎么加边,望大神指点
#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>#include <algorithm>using namespace std;const int INF=0x3f3f3f3f;const int MAXN=305;int n,s,dis[MAXN],w[MAXN][MAXN];bool vis[MAXN];priority_queue <pair<int,int> > q;//优先队列以pair<... , ...>为元素,是以first为关键字判别,first最大的最先出队void Dijkstra(int& cir) { int j,u,tmp; dis[s]=0; q.push(make_pair(0,s));//make_pair(...); 无需写出类型,就可以生成一个pair对象 while(!q.empty()) { u=q.top().second; q.pop(); if(!vis[u]) { vis[u]=true; cir=min(cir,dis[u]+w[u][s]); for(j=1;j<=n;++j) if((tmp=dis[u]+w[u][j])<dis[j]) q.push(pair<int,int>(-(dis[j]=tmp),j));//pair<int,int>(...); 生成一个pair<int,int>对象(将第一个值变为负值,则会优先将first绝对值更小的出队) } }}int main() { int i,j,cir1,cirn; while(1==scanf("%d",&n)) { for(i=1;i<=n;++i) { for(j=1;j<=n;++j) scanf("%d",&w[i][j]); w[i][i]=INF;//顶点i到顶点i的距离为INF,防止产生自环 } memset(vis,false,sizeof(vis)); memset(dis,0x3f,sizeof(dis)); cir1=cirn=INF; s=n; Dijkstra(cirn); memset(vis,false,sizeof(vis)); memset(dis,0x3f,sizeof(dis)); s=1; Dijkstra(cir1); printf("%d\n",min(dis[n],cir1+cirn)); } return 0;}
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