LightOJ(1422)——Halloween Costumes

首先，我还是表扬一下自己，开始独立思考了，虽然说最后的想法是错误的，但是至少已经很接近了。所以，再接再厉吧！

题意：

现在那个人要去参加一个聚会，然后总共有n天，每天所要求穿的服饰的序号分别为c[i]。

这个人可以一次性穿上1件衣服，或者一次性脱下任意多件衣服。当然也可以在衣服外面套衣服。

并且如果这件衣服已经被脱下的话，那么它下次不能再次被穿上，如果我们还需要这件衣服的话，那么我们就只能重新再去买另外一件了。

最后问你，如果要参加完所有的派对，那么他所需要的最少的衣服数量是多少。

比如说第一个样例：

4

1 2 1 2

我们只需要先穿上1，然后再穿上2，再脱掉1，然后此时没有2的衣服了，所以我们还需要一件2的衣服，所以最后总共是需要3件衣服。

思路：

这题主要的难点是在于判断什么时候可以利用还存在的衣服。

定义dp[i][j]为i~j区间内所需要的最少衣服的数量。

感觉下面的思路很巧妙：

为什么从后面往前面推呢，我感觉就像是01背包为什么从后面往前面推一样，防止前面的影响后面的，（但是这里说实话我自己也不是很明白）所以我们这里进行倒着for。

1）dp[i][i]=1，这是初始化dp

2）当我们把第s件衣服单独拎出来的时候，那么就是dp[s][e]=dp[s+1][e]+1; 后面加1是因为这里还要多选1件。

3）然后枚举中间点k，当c[s]==c[k]时，这里的意思 是到第k天为止都穿着第i天的衣服，那么dp[s][e]=min(dp[s][e],dp[s+1][k-1]+dp[k][e]); 后面那个式子是因为我们这里不选择s这件衣服了，至于为什么要枚举到第k-1是因为，万一后面k~e区间中还存在c[k]==c[?]，那么我们dp[k][e]就是要在这里面取最优的结果的，所以第一个区间是到k-1为止的。

推荐几个好懂的博客：http://www.cnblogs.com/neopenx/p/4050003.html        http://www.cnblogs.com/kuangbin/archive/2013/04/29/3051392.html

http://www.cnblogs.com/ziyi--caolu/archive/2013/08/04/3236035.html

#include<stdio.h>#include<string.h>#include<iostream>#include<algorithm>using namespace std;#define maxn 111#define inf 99999999int c[maxn];int dp[maxn][maxn];int main(){int T,j=1;scanf("%d",&T);while(T--){memset(dp,0,sizeof(dp));int n;scanf("%d",&n);for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&c[i]);dp[i][i]=1;}for(int s=n-1;s>=1;s--){for(int e=s+1;e<=n;e++){dp[s][e]=dp[s+1][e]+1;for(int k=s;k<=e;k++){if(c[s]==c[k]) dp[s][e]=min(dp[s][e],dp[s+1][k-1]+dp[k][e]);}}}printf("Case %d: %d\n",j++,dp[1][n]);}}