bzoj 3572 [Hnoi2014]世界树（虚树+DP）

来源：互联网发布：怪兽大学知乎编辑：程序博客网时间：2024/06/07 07:18

3572: [Hnoi2014]世界树

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Description

世界树是一棵无比巨大的树，它伸出的枝干构成了整个世界。在这里，生存着各种各样的种族和生灵，他们共同信奉着绝对公正公平的女神艾莉森，在他们的信条里，公平是使世界树能够生生不息、持续运转的根本基石。
    世界树的形态可以用一个数学模型来描述：世界树中有n个种族，种族的编号分别从1到n，分别生活在编号为1到n的聚居地上，种族的编号与其聚居地的编号相同。有的聚居地之间有双向的道路相连，道路的长度为1。保证连接的方式会形成一棵树结构，即所有的聚居地之间可以互相到达，并且不会出现环。定义两个聚居地之间的距离为连接他们的道路的长度；例如，若聚居地a和b之间有道路，b和c之间有道路，因为每条道路长度为1而且又不可能出现环，所卧a与c之间的距离为2。
    出于对公平的考虑，第i年，世界树的国王需要授权m[i]个种族的聚居地为临时议事处。对于某个种族x（x为种族的编号），如果距离该种族最近的临时议事处为y（y为议事处所在聚居地的编号），则种族x将接受y议事处的管辖（如果有多个临时议事处到该聚居地的距离一样，则y为其中编号最小的临时议事处）。
    现在国王想知道，在q年的时间里，每一年完成授权后，当年每个临时议事处将会管理多少个种族（议事处所在的聚居地也将接受该议事处管理）。现在这个任务交给了以智慧著称的灵长类的你：程序猿。请帮国王完成这个任务吧。

Input

    第一行为一个正整数n，表示世界树中种族的个数。
    接下来n-l行，每行两个正整数x，y，表示x聚居地与y聚居地之间有一条长度为1的双
向道路。接下来一行为一个正整数q，表示国王询问的年数。
    接下来q块，每块两行：
    第i块的第一行为1个正整数m[i]，表示第i年授权的临时议事处的个数。
    第i块的第二行为m[i]个正整数h[l]、h[2]、…、h[m[i]]，表示被授权为临时议事处的聚居地编号（保证互不相同）。

Output

输出包含q行，第i行为m[i]个整数，该行的第j(j=1，2…，，m[i])个数表示第i年被授权的聚居地h[j]的临时议事处管理的种族个数。

Sample Input

10

2 1

3 2

4 3

5 4

6 1

7 3

8 3

9 4

10 1

5

2

6 1

5

2 7 3 6 9

1

8

4

8 7 10 3

5

2 9 3 5 8

Sample Output

1 9

3 1 4 1 1

10

1 1 3 5

4 1 3 1 1

HINT

N<=300000, q<=300000,m[1]+m[2]+…+m[q]<=300000

Source

【思路】

虚树+Dfs序+DP

　　直接在原树上进行DP的方法时间为O(nm)，但注意到sigma（m）并不大。所以有了虚树这个东西 =-=

构造一棵虚树，所谓虚树即包含了给定点，并收缩了不分叉边的连通子图（顺的kuangbin的定义）。

基于构树的dfs序，两遍for可以求出每个点被谁管辖，然后再虚树上进行节点的分配。

详见代码。

【代码】

  1 #include<map>  2 #include<cstdio>  3 #include<cstring>  4 #include<vector>  5 #include<algorithm>  6 #define mp(x,y) make_pair(x,y)  7 using namespace std;  8   9 const int N = 300000+10; 10 const int INF = 1e9+1e9; 11 const int maxd = 20; 12  13 vector<int> G[N]; 14 int d[N],sz[N],dfn[N],f[N][maxd]; 15 int n,q,dfsc; 16  17 int cmp(const int &lhs,const int &rhs) { return dfn[lhs]<dfn[rhs]; 18 } 19 void dfs(int u,int fa) { 20     dfn[u]=++dfsc; 21     sz[u]=1; 22     for(int v,i=0;i<G[u].size();i++) if((v=G[u][i])!=fa) { 23         f[v][0]=u; 24         for(int j=1;j<maxd;j++) f[v][j]=f[f[v][j-1]][j-1]; 25         d[v]=d[u]+1; 26         dfs(v,u); 27         sz[u]+=sz[v];  28     } 29 } 30 int LCA(int u,int v) { 31     if(d[v]>d[u]) swap(u,v); 32     for(int i=maxd-1;i>=0;i--) 33         if(d[f[u][i]]>=d[v]) u=f[u][i]; 34     if(u==v) return u; 35     for(int i=maxd-1;i>=0;i--) 36         if(f[u][i]!=f[v][i]) u=f[u][i],v=f[v][i]; 37     return f[u][0]; 38 } 39 int find(int u,int dep) { 40     for(int i=maxd-1;i>=0;i--) 41         if(d[f[u][i]]>=dep) u=f[u][i]; 42     return u; 43 } 44  45 void solve() { 46     int m,tot=0,top=0; 47     //static 可以声明函数内大数组  48     static int h[N],t[N],mem[N],st[N],val[N],father[N],w[N],ans[N]; 49     static pair<int,int> g[N]; 50     scanf("%d",&m); 51     for(int i=1;i<=m;i++) { 52         scanf("%d",&h[i]); 53         mem[i]=h[i]; 54         t[++tot]=h[i]; 55         g[h[i]]=mp(0,h[i]); 56         ans[h[i]]=0; 57     } 58     sort(h+1,h+m+1,cmp); 59     for(int i=1;i<=m;i++) { 60         if(!top) father[st[++top]=h[i]]=0; 61         else { 62             int p=h[i],lca=LCA(p,st[top]); 63             for(; d[lca]<d[st[top]];--top)  64                 if(d[st[top-1]]<=d[lca])  65                     father[st[top]]=lca; 66             if(st[top]!=lca) { 67                 father[lca]=st[top]; 68                 t[++tot]=lca; 69                 g[lca]=mp(INF,0); 70                 st[++top]=lca; 71             } 72             st[++top]=p; 73             father[p]=lca; 74         } 75     } 76     sort(t+1,t+tot+1,cmp); 77     for(int i=1;i<=tot;i++) { 78         int p=t[i]; 79         val[p]=sz[p]; 80         if(i>1) w[p]=d[p]-d[father[p]];        //路径长  81     } 82     //基于dfs序进行两次for 上下不同递推方向比较得最近点  83     for(int i=tot;i>1;i--) { 84         int p=t[i] , fa=father[p]; 85         g[fa]=min(mp(g[p].first+w[p],g[p].second),g[fa]);     //g存储到p最近询问点的长度与编号  86     } 87     for(int i=2;i<=tot;i++) { 88         int p=t[i] , fa=father[p]; 89         g[p]=min(mp(g[fa].first+w[p],g[fa].second),g[p]);     90     } 91     for(int i=1;i<=tot;i++) { 92         int p=t[i],fa=father[p]; 93         if(i==1) ans[g[p].second]+=n-sz[p];        //管辖虚树根节点的 += 原树中虚根上方的节点数  94         else { 95             int x=find(p,d[fa]+1),sum=sz[x]-sz[p]; 96             val[fa]-=sz[x]; 97             if(g[fa].second==g[p].second) ans[g[p].second]+=sum;    // fa与p同是lca式而非询问点 98             else { 99                 int mid=d[p]-((g[fa].first+g[p].first+w[p])/2-g[p].first);    //中点距 100                 if((g[fa].first+g[p].first+w[p])%2==0 && g[p].second>g[fa].second) ++mid;    //根据序号判断偏向于fa还是p 101                 int y=sz[find(p,mid)]-sz[p];102                 ans[g[p].second] += y;            //fa与p分配管辖点 103                 ans[g[fa].second] += sum-y;    104             }105         }106     }107     for(int i=1;i<=tot;i++)108         ans[g[t[i]].second] += val[t[i]];            //剩余未分配点 109     for(int i=1;i<=m;i++) printf("%d ",ans[mem[i]]); puts("");110 }111 112 int main() {113     scanf("%d",&n);114     int u,v;115     for(int i=0;i<n-1;i++) {116         scanf("%d%d",&u,&v);117         G[u].push_back(v) , G[v].push_back(u);118     }119     d[1]=1; dfs(1,-1);120     scanf("%d",&q);121     while(q--) solve();122     return 0;123 }

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